1. 給定單鏈表，檢測是否有環。如果有環，則求出進入環的第乙個節點。
判斷單向鍊錶是否有環，可以採用快指標與慢指標的方式來解決。即定義乙個快指標fast和乙個慢指標slow，使得fast每次跳躍兩個節點，slow每次跳躍乙個節點。如果鍊錶沒有環的話，則slow與fast永遠不會相遇（這裡鍊錶至少有兩個節點）；如果有環，則fast與slow將會在環中相遇。判斷出煉表有環以後，則需要算出進入環的第乙個節點。在fast與slow第一次相遇後，設定乙個節點pnode從鍊錶的頭部開始遍歷，每次只遍歷乙個節點。這樣，當fast與slow再次相遇時，pnode所處的位置便是環的首部。以下該問題的實現原始碼（c語言描述）：
lnode* getloopnode(lnode* head)
//定義乙個快指標和乙個慢指標
lnode* fast = head;
lnode* slow = head;
while (fast && (fast->next))
}return slow;
} }return null;
}
檢測兩個單鏈表是否有交點是很容易的，因為如果兩個鍊錶有交點，那麼這兩個鍊錶的最後乙個節點必須相同，所以只需比較最後乙個節點即可。但是這種方案是無法求出第乙個交點的，所以需要另闢蹊徑。另外，判斷是否有交點可以轉換成鍊錶是否有環的問題。讓乙個鍊錶的最後乙個節點指向第二個鍊錶的頭結點，這樣的話，如果相交，則新的鍊錶是存在環的，並且交點便是環的入口點。
3. 只給定單鏈表中某個結點p(並非最後乙個結點，即p->next!=null)指標，刪除該結點。
由於沒有給定鍊錶的頭結點，所以無法獲取需要刪除節點的前驅結點，這樣就無法使用常規的方法去解決。在《程式設計之美》這本書裡面給出乙個非常精妙的解法，也就是採用了狸貓換太子的思想。以下是實現原始碼：
void deletenode(lnode* pnode)
//獲取pnode的後驅節點
lnode* qnode = pnode->next;
//將qnode的值賦給pnode，並刪除qnode
pnode->data = qnode->data;
pnode->next = qnode->next;
free(qnode);
}
4. 給定單鏈表頭結點，刪除鍊錶中倒數第k個結點
這個問題的關鍵是需要獲取倒數第k個節點。如何獲取呢？這裡，需要兩個指標p和q，p指向頭結點，q指向距離頭結點為k的節點。這樣p和q每次遍歷乙個節點，當q遍歷到末尾的時候，p指向的節點即為倒數第k個節點。然後刪除即可。以下是實現原始碼（這裡獲取的是倒數第k+1個節點，因為需要刪除的是倒數第k個節點）：
void dellastknode(unsigned int k, lnode* head)
lnode* pnode = head;
lnode* qnode = head;
//將qnode遍歷到正數第k + 1個節點
unsigned int i;
for (i = 0; i < k; i++)
//獲取倒數第k + 1個節點
while (qnode->next)
//刪除倒數第k個節點
lnode* temp = pnode->next;
pnode->next = temp->next;
free(temp);
}
鏈表面試題集
1 鍊錶的反轉 注意 1 輸入的煉表頭指標為null或者整個鍊錶只有乙個結點時 2 反轉後鍊錶會不會斷裂 3 返回的反轉之後的頭節點是否為原始鍊錶的尾節點 2 鍊錶中環的入口結點 環中有4個節點，讓指標p1先走4步，然後指標p2和p1一起走，當p1走到入口節點，p2也與p1會相遇。就相當於，我要走9...
鍊錶及鏈表面試題
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鏈表面試題3 複雜鍊錶
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