這是一道dp題，比賽的時候沒做，省最後乙個小時的時候看了一下，感覺是，但是一下子沒有想出來思路。
後來看了一下題解，瞬間就頓悟了。然後就自己把方程寫出來了，一看和題解的不一樣，不過殊途同歸，只是狀態的表示不一樣，思路是一致的。
說一下思路，首先想到如果放紅塔的話，放在後面肯定比前面得到的值不小（多數情況是更大的），所以我們就列舉後面放紅塔的個數，得到最優解。
設dp[i][j]為前i個位置中，放j個綠塔造成的傷害。
那麼：dp[i][j]=max
其中dp[i-1][j-1]+((i-j)*z+t)*y*(j-1),的意思是：第i個位置放第j個綠塔（前i-1個位置放了j-1個綠塔），
那麼走到從i-1走到i造成的傷害就是((i-j)*z+t)*y*(j-1)，（之前的綠塔累計造成傷害乘以藍塔累計延遲的時間）
dp[i-1][j]+((i-j-1)*z+t)*y*j 的意思是：前i-1個位置已經放了j個綠塔，第i個位置放藍塔，同理也要計算從i-1到i造成的傷害((i-j-1)*z+t)*y*j (綠塔累計造成傷害乘以藍塔累計延遲的時間)
方程的含義知道了，最後就是列舉後面又幾個紅塔：設dge為傷害，
dge=max( dge,dp[i][j]+(n-i)*(x+j*y)*((i-j)*z+t) ); 即後面放n-i個紅塔的最大傷害（dp[i][j]的傷害+後面n-i個紅塔和前面放綠塔，藍塔的綜合傷害。自己想一下就ok了）。
**如下：
#include#include#include#includeusing namespace std;
#define max 1555
__int64 x,y,z;
int n,t;
int t,c=0;
__int64 dp[max][max];
__int64 ans,dge;
__int64 max(__int64 a,__int64 b)
void init()
dp[i][j]=max( dp[i-1][j-1]+((i-j)*z+t)*y*(j-1),dp[i-1][j]+((i-j-1)*z+t)*y*j );}}
}void work()
ans=max(ans,dge);
}printf("case #%d: %i64d\n",c,ans);
}int main()
return 0;
}
多校聯合（4）
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2013 多校聯合5
1005 若沒有邊權，則對點權從大到小排序即可。考慮邊，將邊權拆成兩半加到它所關聯的兩個點的點權中即可。因為當兩個人分別選擇不同的點時，這一權值將互相抵消。智商是硬傷啊 include include include includeusing namespace std double w 10000...
多校聯合訓練4 5773
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