其實就是將乙個點f拆成向左l向右r的兩個點，然後將所有點排序（不用排序也行，直接找），①選第乙個l，從後往前選第乙個不與l同乙個f的r。②選最後乙個r，從前往後選第乙個不與r同乙個f的l。①②答案中的最大值即為兩點之間的最遠距離。
證明如下：
0;}數學方法：
把01看成a+b個點。
設s=a+b，x=最少要翻轉次數，ti=點i翻轉兩次的次數。 ①(
xk−a
)/2=
∑ni=
1ti ∴xk-a≥0且為偶數
②假設各點ti達到最大。
點i為1則ti=x/2
點i為0則ti=(x-1)/2 得到(
xk−a
)/2≤
a∗((
x−1)
/2)+
b∗(x
/2)
答案不超過s，列舉判斷是否符合①②條件，符合則可行。找不到的輸出-1。
#include
#include
#include
#include
typedef
long
long ll;
using
namespace
std;
int ng;
long
long a,b,k,s;
int main()
return
0;}
如何找出x的父親呢？
根據排序二叉樹的性質，二叉排序樹的中序遍歷的序列有序。假設插入x後，在二叉樹的中序遍歷中，x與xfather一定是相鄰的。
那麼與x相鄰的有兩個，哪乙個才是xfather？其實比較一下兩點插入的時間，時間晚的一定是xfather。與x相鄰表示乙個是xfather，另乙個一定不在xfather這棵子樹中（如果在，則一定為x的兒子，但還沒插入，僅此一種情況）而是xfather的father（由性質可得），所以時間晚的就是xfather。
直接做可以用線段樹或splay過掉。
但還有一種更優的做法。
逆向思維，從後往前做，對於點i，1->i的序列是有序的，直接可得距離i最近的兩個點，求出ifather。然後將i點刪除，仍需維護1->i-1有序。可以用鍊錶，刪除點i等於
r[l[i]]=r[i]; l[r[i]]=l[i];
#include
#include
#include
#define imax(a,b) ((a>b)?(a):(b))
typedef
long
long ll;
using
namespace
std;
const
int n=301000;
int n,d[n+10],tn[n+10],l[n+10],r[n+10];
int son[n+10][5],f[n+10],fa[n+10];
long
long ans;
int main()
ans=0ll; f[1]=0;
for(int i=2;i<=n;i++) f[i]=f[fa[i]]+1;
for(int i=1;i<=n;i++) printf("%lld\n",(ans+=f[i]));
return
0;}
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