t1:
簡單數論，問滿足（a0+a1*b+...+an*b^n）=a0+a1+...+an（mod p）的p的個數
即滿足p|(b-1)a1+(b^2-1)a2+(b^3-1)a3+...,即p|b-1的p的個數
sqrt(b-1)暴力列舉b-1約數即可
t2:現在給若干個條件，xi=xj或xi≠xj,要你將它們劃分成若干組，滿足每個組除去最後乙個條件時成立，否則不成立。
拿並查集將所有相等的點縮起來，對於每個連通塊，掛乙個vector或者set儲存與他不相等的連通塊編號（即並查集的代表元）
啟發式合併，每次將vector小的合併到大的中去，複雜度o(nlognα(n))或o(nlog^2nα(n))(實際不滿)
ps:sb出題人認為最後一組到最後乙個條件若成立就不輸出
#include#include#define maxn 200100
using namespace std;
typedef long long ll;
setst2[maxn];
typedef set::iterator sit;
int l,t,cnt[maxn],f[maxn],a[maxn],b[maxn],c[maxn];
int find(int x)
int main()
if(st2[x].size()>st2[y].size())swap(x,y);
f[x]=y;
for(sit it=st2[x].begin();it!=st2[x].end();++it)
st2[*it].erase(x),st2[*it].insert(y),st2[y].insert(*it);
st2[x].clear();
} else
st2[x].insert(y),st2[y].insert(x);}}
if(pos<=l)pos++;
for(int j=i;j
這個。。。簡單題吧，
首先兩條路徑求交，交集一定是一條路徑，一定是乙個的lca在另一條路徑上，否則交集就是空
那麼維護乙個線段樹，每個節點表示這個區間的路徑求交求出的路徑是什麼
然後普通線段樹那樣做即可
t4:給你個地圖（balabala...）注意「*」翻轉的可達性是所有格仔都要翻轉
這題。。。如果狀壓"*"的狀態的話，我猜想有用的狀態（即可能成為最優）不會很多
於是拿乙個hash表spfa暴力dp一番（可能本質上是真·暴力
然後就過了。。。
#include#define get(x,y) ((x*100)+y)
#define inf 1000000007
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
typedef pairpar;
ull h(ull id,ull s)
unordered_mapdp;
queue>q;
char c[100][100];
int t,n,m,cas,id[100][100],dx[4]=,dy[4]=,flag,edx,edy;
ull pre[100][100];
int main()
x1=0,flag=1;
for(int i=1;i<=n;++i)
for(int j=1;j<=m;++j)
if(c[i][j]=='*')id[i][j]=++x1;
else id[i][j]=0;
for(int i=1;i<=n;++i)
for(int j=1;j<=m;++j) else if(c[nx][ny]=='*')
}} printf("case #%d:\n%d\n",++cas,ans==inf?-1:ans-1);
}}
t5:不想說了，2-29寫成2-30,智商-1
t6:不想說了，bfs/dfs判一下連通塊即可
#includeusing namespace std;
char c[110][110];
int n,m,vis[110][110],flag;
void dfs(int x,int y,int z)
if(c[x][y]!=z)return ;
vis[x][y]=1;
dfs(x+1,y,z),dfs(x,y+1,z),dfs(x-1,y,z),dfs(x,y-1,z);
}int main() else }}
// printf("[%d,%d,%d]",x0,x1,_x0);
if(_x0==1&&x1==1)printf("0\n");
else if(_x0==0&&x1==1)printf("1\n");
else printf("-1\n");
}}
2017百度之星初賽B場總結
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