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描述 有一群旅行愛好者，有一天，他們帶回了n只蝴蝶回來。他們相信每乙隻都屬於兩個不同種類中的一種，為了討論方便，我們稱它們為a與b。他們想把n只標本分成兩組——一些屬於a且一些屬於b——但是直接標記任何乙個標本對於他們是非常困難，因此他們決定採用下面的方法。
對每對標本i和j，他們細心地把它們放到一起研究。如果他們以自己的判斷足以確信，那麼他們把這對蝴蝶標記為「相同」（這意味著他們相信這兩隻來自同一類）或者是「不同」（這意味著他們相信這兩隻來自不同的類）。他們也可以對某些標本判斷不出來而棄權，在這種情況下，我們稱這對標本是不明確的。
現在他們有n只標本的集合，還有對那些沒有棄權的標本對的m個判斷的集合（「相同」或者「不同」）。他們想知道這個資料與每只蝴蝶來自a和b中的乙個類的想法是否一致。更具體地說，如果對每對蝴蝶按照下述方式標記a或b是可能的，即對每個標為「相同」的（i，j）對，就是i與j有相同標記的情況；對每個標為「不同」的（i，j）對，就是i與j有不同標記的情況。那麼我們可以說這m個判斷是一致的。他們正在冥思苦想自己的判斷是否是一致的。請你幫他們設計合理的演算法解決該問題。
輸入輸入包含多組資料，以檔案結束符為終止。
每組資料第一行為兩個整數，分別是n和m：
n為蝴蝶的數量，編號從0到n-1
m為關係的數量
接下來是m組關係資料，每組資料佔一行，為三個整數，前兩個整數表示蝴蝶的編號，第三個整數為關係的種類（相同或者不同）：
0為相同，1為不同
1 < n <= 1000
1 < m <= 100000
輸出合理就輸出yes
不合理就輸出no
樣例輸入
3 30 1 0
1 2 1
0 2 1
3 30 1 0
1 2 1
0 2 0
樣例輸出
yesno
提示注意輸出的大寫和回車
可以使用bfs與並查集。
注意bfs使用時，壓入佇列的數值要標為已訪問，否則會導致節點多次壓入佇列，造成ttl。另外，輸入結束符為eof，否則會re。
#include #include #include #include #include using namespace std;
int relation[1005][1005];
bool visited[1005];
bool type[1005];
int main()
//還有未訪問的點時訪問
int visnum = 0;
queueq;
while(visnum != n)
break;
case 1:
if(!visited[j])
break;}}
}}
bool flag = true;
for(int i = 0; i < n; i++)}}
}if(flag)
printf("yes\n");
else
printf("no\n");
}return 0;
}
第二次上機
題目 1 已知乙個矩陣，儲存在乙個二維陣列中。將矩陣中和值為最大的那一行 元素與首行對換。利用陣列進行操作 include include using namespace std intmain 乙個4 4的矩陣 cout 請輸入 vector int s n 儲存和 int m 和值最大的行 fo...
第二次c 上機
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第二次上機實驗
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