題面：
得分情況：
爆零。。。
正解：
我們用dp[n][m][w]表示在n*m的網格中，貪心路徑權值為w的方案數，轉移時列舉向右和向下，時間複雜度o(
h∗w∗
s2) o(h
∗w∗s
2)，能過70%的資料。
我們首先可以通過維護字首和去掉乙個s，將複雜度降為o(
h∗w∗
s)o (h
∗w∗s
)，然後你還是只能過70%的點。
我們又發現，每次在不是圖的右邊界的位置向下走至少會對答案作出1的貢獻（如果下面格仔的權值為0必定會向右走），所以當走了s步之後必然會來到圖的最右邊，及經過點(s+1,w)，所以我們只需要對s*w的格仔做dp，其他的直接轉移即可，總複雜度為o(
w∗s2
) o(w
∗s2)
，可以通過所有資料。
**：
#include
using
namespace
std;
const
int mod=10007,maxn=3000,maxs=110;
int f1[maxn*2][maxs],f2[maxn*2][maxs],f3[maxn*2][maxs];
int fact[maxn<<3],invfact[maxn<<3];
int modpow(int x,int y)
return nowans;
}int calcu(int n,int k)
int sum(int horz,int vert,int forced,int s)
}return nowans;
}int h,w,s,ans;
int main()
f1[i][num]%=mod;
f2[i][num]%=mod;
f3[i][num]%=mod;
}if(min(w,h)==1)
fact[0]=1;
invfact[0]=1;
for(int i=1;i<=w+h+1;i++)
for(int i=0;i<=w-2;i++)
for(int j=0;j<=h-2;j++)
printf("%d\n",ans);
return
0;}
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