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又是乙個計數題，，
在n個數中間填加號，求所有方案的數字和。
下面提供兩種解法，題解的和來自fsy的。
題解：考慮每個區間對數的貢獻，要麼沒有貢獻，要麼貢獻是10的冪。
故我們可以列舉使得這個數的係數為10^i時，區間的個數。發現是個組合數。
發現這樣列舉實際上是固定了該點所在區間的右端點，也就是說固定了乙個加號的位置。設當前點為i，對i的貢獻為10^j,則右端點為i+j。
發現i~i+j不能填加號，共j個位置。而i+j右邊強制加了乙個加號。所以剩下的加號方案為
故貢獻為
發現複雜度n^2，考慮交換列舉順序。如果先列舉j，即先列舉區間右端點到點i的距離。
於是等差數列求和即可。
方法2：
考慮列舉區間，計算區間被計算的次數。
在不考慮1和n兩個端點的情況下，考慮乙個區間[l,r]。
使得這個區間存在的條件是區間左右各有乙個加號，區間內部沒有加號。
所以加號的組合方案為
發現複雜度為n^2，發現組合數隻跟區間長度len有關，考慮如何計算長度為len的所有區間和。
如果有樣例abcdefg
發現長度為1的和是a,b,c,d,e,f,g
長度為2的是ab,bc,cd,de,ef,fg
也就是10*（a+b+c+d+e+f）+(b+c+d+e+f+g)。
多舉幾個例子，你會發現，對於乙個長度len，其答案為（len-1）的答案去掉最後一項*10，然後加上乙個個位的字尾和。
所以維護字尾和然後該怎麼計算怎麼計算。
對於區間端點為1或者n的，自己手玩一下該怎麼算，區別不大。
#includeusing namespace std;
#define in read()
#define int long long
int in
while(isdigit(ch))return cnt*f;
}int fac[1000003],ifac[1000003];
int sum[1000003];
int suml[1000003];
int n,m;char ch[1000003];
const int mod=998244353;
int ksm(int a,int b)return gu;
}int jz[1000003];
int sumsuf[1000003];
int tem;
signed main()//cout<
for(int i=1;i
//cout<
for(int i=2;i<=n;i++)
// ans=(ans+sum[n]*(m==0)+mod)%mod;
cout<
return 0;
}
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