數獨的dlx構造：9*9個點每個點有9種選擇，這構成了dlx的729行，每行、列、陣有限制，均為9行（/列/陣），然後每行（/列/陣）都有九種數的情況，於是就有了3*9*9列，但是因為乙個位置只能選乙個，所以又有9*9列，每列連線乙個點的九種選數情況。
最終有4*9*9=324列，9*9*9=729行。
具體看處理：
有些點已經有數了，但是這並不重要，我們只需要給這個點加上乙個行，為它已經選的數，而不要把9種情況都加上，這樣在有精確覆蓋的情況下（即有解），第四部分的某列在縱向就只連線乙個節點，顯然這個節點是必選的，所以不會出錯（當然你要是依然給這個有值節點在dlx中加9行的話，那我也沒招，不要問我為什麼錯，好吧你不會這麼傻吧？）。
而其它沒有初始值的數獨點，自然就加舊行了沒疑問吧？
說乙個跟空間複雜度相關的事，就是一行有且僅有4個節點，分別在行、列、陣、位置這四部分的列中，那麼總節點數（不算輔助節點）就應該最多是729*4，而實際上標準數獨都是有唯一解的，所以需要的節點將遠遠小於這個數。
再說說時間複雜度：因為我們可以為dlx加乙個優化，就是每次選乙個列中節點最少的列繼續dlx的過程，所以我們雖然保留了已經有值的節點，但是實際上最開始就選擇了它們，而若數獨有解，這也是必定選擇的，所以並不會出現因為層數過多而導致回溯過度而tle的情況，也就是說它還是很快的。
#include#include#includeusing namespace std;
const int inf=0x3f3f3f3f;const int maxn=3645;//每乙個格仔可能有9個取值。
//所以最多有81*9行。然後243列。
int u[maxn],d[maxn],l[maxn],r[maxn],c[maxn],row[maxn];//上下左右指標。
//c[i]結點i相應的列。row[i]結點i相應的行號。
int s[350],h[800],ans[100];//s[i]為i列1的個數。
//h[i]為i行的尾指標。
int n,m,cnt,deep;
struct node
st[maxn];
char maze[150],path[150];
void init()
r[324]=deep=0;
cnt=325;
}void insert(int r,int c)
s[c]++;//更新附加資訊
row[cnt]=r;
c[cnt++]=c;
}void remove(int c)//移除c列。
void resume(int c)//還原c列。
bool dfs()
resume(c);
return false;
}int main()
}else}}
dfs();
for(i=0;ipath[deep]=0;
printf("%s\n",path);
}return 0;
}
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參考鏈結來自於 輸入乙個數獨作為9 9的陣列，例如輸入乙個測試資料map 9 9 為 0 9 0 0 0 0 0 6 0 8 0 1 0 0 0 5 0 9 0 5 0 3 0 4 0 7 0 0 0 8 0 7 0 9 0 0 0 0 0 9 0 8 0 0 0 0 0 6 0 2 0 7 0 0...
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