這道題相比1753有兩個改變：
一、從小十字變成了大十字（從改變乙個點的上下左右變成了乙個點的整行整列），這個倒是不難做，執行函式稍微改一下就行
二、題目直接讓你輸出改變的點(這道題是special judge)，不過我直接把1753的尋找最小步數的思路拿來了，其實只要找到全部為open的乙個解就行了
思路差不多，不多解釋了，直接上**（吐槽一下edge，貼**總是崩潰，google不會崩）
#include
#include
using
namespace std;
char temp[4]
[4];
bool jud[4]
[4];
int temp_min;
int min =
0x7fffffff
;typedef
struct
point;
stackq,t;
void
change
(int n1,
int n2)
void
change_point
(int n1,
int n2)
change
(n1, n2)
;//重複的點
}bool
isok()
return
true;}
void
dfs(
int n1,
int n2)
if(n2 ==4)
if(n1 ==4)
//動if
(!jud[n1]
[n2]);
//吐槽一下，直接push交不上去
t.push
(te)
;//進入佇列
change_point
(n1, n2)
; temp_min++
;dfs
(n1, n2 +1)
; t.
pop();
jud[n1]
[n2]
=false
;change_point
(n1, n2)
;//狀態改回原樣
temp_min--;}
//不動
dfs(n1, n2 +1)
;}void
out(stack
&q)}
intmain()
getchar()
;}dfs(0,
0);if
(min ==
0x7fffffff
) cout <<
"impossible"
<< endl;
//poj1753帶來的，懶得改了，
//順道一提，這道題證明了本題中無論4*4矩陣是2^16個情況任意情況都有使其全部為-的解對應
else
rerurn 0
;}
poj 2965 遞迴 列舉
本題與1753思路一樣，區別就在於要記錄位置。deep是當前進行到了哪一步，step是判斷用step步是否可以完成，因此記錄位置只需在change 後做，回溯的時候雖然會說明上一步無效，但不用修改記錄，因為下一次記錄會覆蓋它。include using namespace std bool map ...
再談poj2965（高效演算法）
在列舉分類中已有暴力列舉的方法解這道題。之後在網上看到大神的高效演算法，膜拜之。故copy在此。證明 要使乙個為 的符號變為 必須其相應的行和列的運算元為奇數 可以證明,如果 位置對應的行和列上每乙個位置都進行一次操作,則整個圖只有這一 位置的符號改變,其餘都不會改變.設定乙個4 4的整型陣列,初值...
poj 2965 解題報告
就是對乙個4x4的棋盤進行翻轉，每一次翻轉都將讓同一行和列一起翻轉，直到所有符號都變為 時成功。通過列舉加上深度優先搜尋的方法進行解決，列舉通過行號和列號順序進行，每個位置都有翻轉和不翻轉兩種選擇 通過乙個位置兩次翻轉來回溯 poj 2965 244k 844ms include using nam...