2021 GDUT 新生專題訓練 資料結構

int stk[n]

;void push (
int value)
void pop (
)int top (
)

int que [n]

, head =
1, tail =0;
void push (
int value)
void pop (
)int front (
)

#include

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define mod 998244353
#define pi acos(-1)
#define inf 0x7fffffff
#define ll long long
using
namespace std;
ll read()
while
(ch>=
'0'&&ch<=
'9')
return x*f;
}int n,blo;
int v[
50005
],bl[
50005
],atag[
50005];
vector<
int>ve[
505]
;void
reset
(int x)
void
add(
int a,
int b,
int c)
for(
int i=bl[a]+1
;i<=bl[b]-1
;i++
) atag[i]
+=c;
}int
query
(int a,
int b,
int c)
return ans;
}int
main()
for(
int i=
1;i<=bl[n]
;i++
)sort
(ve[i]
.begin()
,ve[i]
.end()
);for(
int i=
1;i<=n;i++
)return0;
}

a - 擴號匹配問題

在某個字串（長度不超過100）中有左括號、右括號和大小寫字母；規定（與常見的算數式子一樣）任何乙個左括號都從內到外與在它右邊且距離最近的右括號匹配。寫乙個程式，找到無法匹配的左括號和右括號，輸出原來字串，並在下一行標出不能匹配的括號。不能匹配的左括號用"$「標註,不能匹配的右括號用」?"標註.

輸入包括多組資料，每組資料一行，包含乙個字串，只包含左右括號和大小寫字母，字串長度不超過100

注意：cin.getline(str,100)最多只能輸入99個字元！

對每組輸出資料，輸出兩行，第一行包含原始輸入字元，第二行由"","

?"和空

格組成，

"","?"和空格組成，"

","?"和

空格組成

，"「和」?"表示與之對應的左括號和右括號不能匹配。

input

((abcd(x)

)(rttyy())sss)(

((abcd(x)

$$)(rttyy())sss)(
? ?$

標準棧模板題 遇到)就判斷棧內是否有(，有就彈出，沒有就標記

#include

#include
#include
using
namespace std;
int main (
)else
if(a[i]
==')')}
} cout << a << endl << res << endl;
}}

b - 佇列和棧

佇列和棧是兩種重要的資料結構，它們具有push k和pop操作。push k是將數字k加入到佇列或棧中，pop則是從佇列和棧取乙個數出來。佇列和棧的區別在於取數的位置是不同的。

佇列是先進先出的：把佇列看成橫向的乙個通道，則push k是將k放到佇列的最右邊，而pop則是從佇列的最左邊取出乙個數。

棧是後進先出的：把棧也看成橫向的乙個通道，則push k是將k放到棧的最右邊，而pop也是從棧的最右邊取出乙個數。

假設佇列和棧當前從左至右都含有1和2兩個數，則執行push 5和pop操作示例圖如下：

​ push 5 pop

佇列 1 2 -------> 1 2 5 ------> 2 5

​ push 5 pop

棧 1 2 -------> 1 2 5 ------> 1 2

現在，假設佇列和棧都是空的。給定一系列push k和pop操作之後，輸出佇列和棧中存的數字。若佇列或棧已經空了，仍然接收到pop操作，則輸出error。

第一行為m，表示有m組測試輸入，m<100。

每組第一行為n，表示下列有n行push k或pop操作。（n<150）

接下來n行，每行是push k或者pop，其中k是乙個整數。

（輸入保證同時在佇列或棧中的數不會超過100個）

對每組測試資料輸出兩行，正常情況下，第一行是佇列中從左到右存的數字，第二行是棧中從左到右存的數字。若操作過程中佇列或棧已空仍然收到pop，則輸出error。輸出應該共2*m行。

input

2

4push 1
push 3
poppush 5
1pop

3 5

1 5error
error

模擬操作下就好

棧需要從頭開始遍歷，輸出而非標準的邊top邊pop

#include

#include
#include
using
namespace std;
int stack[
1010
], stop =0;
void spush (
int t)
void spop (
)bool sempty (
)int main (
)else
if(opt ==
"pop")}
if(qerror)
else
cout << endl;}if
(serror)
else
cout << endl;}}
return0;
}

2021 GDUT 新生專題訓練

資料結構是利器，可以靈活運用，解決各種複雜的問題。具體內容太多不必列舉，關鍵還是思維。分析一道經典的例題 維護數列 傳送門 題目大意 給出乙個序列，要求支援插入 刪除 修改 翻轉 求和 求最大子列和。輸入運算元n 0 n 5e5 運算元量m 1 m 2e4 時間限制 1s，空間限制 128m 看我四...

2021 GDUT 新生專題訓練

b 佇列和棧 佇列和棧是兩種重要的資料結構，它們具有push k和pop操作。push k是將數字k加入到佇列或棧中，pop則是從佇列和棧取乙個數出來。佇列和棧的區別在於取數的位置是不同的。佇列是先進先出的 把佇列看成橫向的乙個通道，則push k是將k放到佇列的最右邊，而pop則是從佇列的最左邊取...

2019 GDUT 新生專題 I A

給定n個數字，計算出最短的連續子串行，使這個子串行的全部數字之和大於或等於給定數字s。如果不存在可以滿足題意的子串行則輸出0。這是經典的，相對比較容易的尺取問題，通過遍歷每乙個連續子串行即可得出答案。但是，由於時間的限制，要注意一些已經沒有意義的連續子串行和被重複計算的過程。include incl...