杭電第六場補題（待完善）

題目理解：輸入乙個等式，判斷在（2~16）進製之內是否成立，成立則輸出對應進製（多個滿足輸出最小），不成立輸出-1。

參考隊內的ac**，在自己的理解下稍微改動，整體思路是參考的。

具體解釋見**

#include

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#include
#include
#include
#include
#define n 6000005
#define m 100
#define ll long long 
#define mod 998244353
using
namespace std;
string num1,num2,num3;
string num[3]
;bool flag;
inttrans
(string a,
int n)
return sum;
}void
solve
(char op)
st=max(st,max_num+1)
;//通過上述操作可以使st從最大可能的進製開始，而不是從2開始，這樣可以使時間複雜度減少
for(
int i = st; i <= end; i++
)break;}
case
'-':
break;}
case
'*':
break;}
case
'/':
break;}
}}printf (
"-1");
return;}
intmain()
}solve
(op)
;puts(""
);}}

int max_num=0;

for(
int i=
0;ilength()
;i++
) st=
max(st,max_num+1)
;//通過上述操作可以使st從最大可能的進製開始，而不是從2開始，這樣可以使時間複雜度減少

#include

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define m 100
#define ll long long 
using
namespace std;
intmain()
return0;
}

#include

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define m 100
#define ll long long 
using
namespace std;
const
int n=
200005
;const
int mod=
1e9+7;
ll a[n]
,s[n]
;ll quick
(ll a, ll b)
return ans % mod;
}long
long
inv(
long
long a)
intmain()
ll k=
0,ans=0;
for(
int i=
1;i<=n/
2;i++)if
(n%2!=0
) ans=
(ans*
inv(
(ll)n*
(n+1)/
2%mod)
)%mod;
//n*(n+1)/2是參與分子計算的總個數，注意前面要加（ll）（從隊友那學來的，開始沒加就wa了）
printf
("%lld\n"
,ans);}
}

於是可得轉移方程：

dp[i][j][v1+v2]=dp[i][mid][v1]+dp[mid+1][j][v2]

dp[i][j][v1∗v2]=dp[i][mid][v1]*dp[mid+1][j][v2]

上述轉移方程參考部落格：參考

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#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define max 0x3f3f3f
#define ll long long 
using
namespace std;
const
int n=
5050
;int re[n]
;string s=
" 1145141919114514191911451419191145141919"
;set<
int> dp[20]
[20];
void
dfs(
int l,
int r)
if(num<=
5000
) dp[l]
[r].
insert
(num);}
for(
int i=l;i
}}intmain()
} re[3]
=re[7]
=-1;
//根據題解只有當n=3和n=7時輸出-1 
int t;
scanf
("%d"
,&t)
;while
(t--
)}

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