BZOJ1858 Scoi2010 序列操作

lxhgww最近收到了乙個01序列，序列裡面包含了n個數，這些數要麼是0，要麼是1，現在對於這個序列有五種變換操作和詢問操作： 0 a b 把[a, b]區間內的所有數全變成0 1 a b 把[a, b]區間內的所有數全變成1 2 a b 把[a,b]區間內的所有數全部取反，也就是說把所有的0變成1，把所有的1變成0 3 a b 詢問[a, b]區間內總共有多少個1 4 a b 詢問[a, b]區間內最多有多少個連續的1 對於每一種詢問操作，lxhgww都需要給出回答，聰明的程式設計師們，你們能幫助他嗎？

輸入資料第一行包括2個數，n和m，分別表示序列的長度和運算元目第二行包括n個數，表示序列的初始狀態接下來m行，每行3個數，op, a, b，（0 < = op < = 4，0 < = a < = b）

對於每乙個詢問操作，輸出一行，包括1個數，表示其對應的答案

10 10

0 0 0 1 1 0 1 0 1 1

1 0 2

3 0 5

2 2 2

4 0 4

0 3 6

2 3 7

4 2 8

1 0 5

0 5 6

3 3 952

65對於30%的資料，1<=n, m<=1000 對於100%的資料，1< = n, m < = 100000

day2

wa。。。這個神題除錯了我一晚上。

維護區間...貌似都有區間可加性..線段樹！

維護區間$1$的個數，從左端點開始的最長的1/0的個數，從右端點開始最長的1/0的個數。

區間中最長一段的1/0.

然後這題坑的就是標記的下傳。

我們發現區間修改可以覆蓋區間翻轉，就是我們在$change$和$pushdown$的時候，如果這個節點被新修改，就抹去它的翻轉標記。

然後$opt=4$的查詢不好處理，我們要傳下去乙個結構體，裡面存和線段樹節點一樣的東西，然後邊遞迴邊修改。

#include #include 
using
namespace
std;
#define reg registerinline 
char
gc() 
#define gc getcharinline 
intread() 
#define n 100005
intn, m;
#define ls o << 1
#define rs o << 1 | 1
inta[n];
int tr[n<<2], l1[n<<2], r1[n<<2], l0[n<<2], r0[n<<2], mx1[n<<2], mx0[n<<2
];int rev[n<<2], lzy[n<<2
];inline 
void pushup(int o, int l, int
r)//
lzy : 0 means none , 1 means turn to 1, 2 means turn to 0
//rev : 1 means reverse, 0 means none
//lzy first ans rev second
void pushdown(int o, int l, intr) 
else
if (lzy[o] == 2
) 
if(rev[o]) 
}void build(int l, int r, int
o) 
int mid = l + r >> 1
; build(l, mid, ls);
build(mid + 1
, r, rs);
pushup(o, l, r);
}void change(int l, int r, int o, int ql, int qr, int
opt)
if (opt == 1
) 
if (opt == 2
) 
return
; }
pushdown(o, l, r);
int mid = l + r >> 1
; 
if (ql <=mid) change(l, mid, ls, ql, qr, opt);
if (qr > mid) change(mid + 1
, r, rs, ql, qr, opt);
pushup(o, l, r);
}int query1(int l, int r, int o, int ql, int
qr)struct
node ;
node query2(
int l, int r, int o, int ql, int
qr);
pushdown(o, l, r);
int mid = l + r >> 1
; 
if (qr <= mid) return
query2(l, mid, ls, ql, qr);
if (ql > mid) return query2(mid + 1
, r, rs, ql, qr);
node r1, r2, res;
r1 = query2(l, mid, ls, ql, qr), r2 = query2(mid + 1
, r, rs, ql, qr);
res.tr = r1.tr +r2.tr; 
res.mx = max(r1.mx, max(r2.mx, r1.r1 +r2.l1));
res.l1 = r1.l1 + (r1.l1 == mid - l + 1 ? r2.l1 : 0
); res.r1 = r2.r1 + (r2.r1 == r - mid ? r1.r1 : 0
); 
return
res;
}int
main()
return0;
}

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