洛谷P4241 採摘毒瘤

2022-02-27 20:28:22 字數 1202 閱讀 4795

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完了我連揹包都不會了……

考慮暴力,先列舉最小的數是哪個,設大小為$d_i$,個數為$k_i$,所有比它小的數的總和是$sum$,然後把所有比它小的全都裝進揹包,它以及比他大的做乙個多重揹包,那麼設$dp[j]$表示在剩下的這些數里取的總和為$j$時的方案數,那麼$$ans+=\sum_^ dp[j]$$

上面的式子意思就是,將所有比它小的全放進去之後,列舉揹包剩餘的空間,統計所有方案數。因為不能讓把任何大於等於它的在統計之前就放進去,所以下界是$m-sum-d_i+1$

然後現在的問題就是怎麼統計了才能過。我們可以從大到小列舉,這樣的話每做到乙個物品就只需要對它自己做多重揹包,不需要重新dp了

接下來的操作真的是學到了……在做多重揹包的時候把$j$按照模$d_i$的取值分為不同的組,然後時間複雜度就能優化到$o(nm)$

簡單來講的話,就是轉移的時候$dp[j]+=dp[j-d_i]+dp[j-d_i*2]...+dp[j-d_i*k_i]$,發現每乙個$j$只會被與它模$d_i$同餘的轉移到,於是我們列舉這乙個餘數,統計與它同餘的數的字首和,然後從小到大轉移並不斷維護字首和即可(真的很妙)

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//minamoto

2 #include3 #include4 #include5

using

namespace

std;

6#define getc() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?eof:*p1++)

7char buf[1

<<21],*p1=buf,*p2=buf;

8int

read()

18const

int n=505,m=1e5+5,mod=19260817;19

struct

node

22}a[n];

23int n,m,ans,tot,dp[2

][m],t;

24 inline int add(int x,int y)

25 inline int del(int x,int y)

26void ins(int k,int

w)35}36

}37intmain()

50 printf("

%d\n

",ans);

51return0;

52 }

luogu4241 採摘毒瘤 題解

題意分析 給出 n 種物品,每種物品有數量和大小,要求放入一定大小的揹包,求不能再放入任何物品的方案數。思路分析 分析後可以發現這個問題就是在多重揹包計數問題的基礎上加上了放不進剩下的物品的條件,考慮對這個條件進行處理。可以想到列舉剩下的物品中體積最小的物品,然後將比它小的物品先放進去,再對剩下的物...

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