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設\(f_i\)表示第乙個到\(i\)的人是否必勝，對於詢問\([l,r]\)，可以發現\(f_r\)只與\(a_r\)的奇偶性有關，奇數為1偶數為0
如果\(f_i=1\)，那麼\(i\)向前\(m\)位都有\(f_j=0\)，對於點\(i-m-1\)，如果有人到這裡無路可走，他就必須向後走，一定會落到這\(m\)個位置之一中，即必輸，所以\(f_\)的勝負也只與\(a_\)的奇偶性有關
如果\(f_i=0\)，考慮\(f_\)，如果\(a_\)為偶數，假設\(b_=2\)去試，如果a走進來，那麼b可以不走出去，那麼只能a走出去，但是後面能到達的點一定都是0（否則為什麼\(f_i\)會為0），所以\(f_=0\)，奇數亦然；綜上，\(f_\)的勝負與\(a_\)奇偶性相關
將\(i\)作為右邊界時，用上面兩項可以推出此時它前面有哪些為1，將它和最近的1連邊，沒有就向0節點連邊，每個點都會向前面乙個點連邊，顯然會構成乙個樹形結構，乙個點只有父親節點都是必勝節點
判斷\([l,r]\)是否必勝，等價於判斷\(l\)是不是\(r\)的父親，用dfs序即可，注意特判\(l==r\)
#include#define n 2000005
#define re register
using namespace std;
typedef long long ll;
int n,m,q,a[n],pre[n],type;
int size[n],dfn[n],c;
const ll mod = 4294967296;
templatevoid read(t &x)
struct edge
edge[n];int head[n],cnt=1;
void add_edge(int from,int to)
ll a,b,c,p;
inline int rnd()
void dfs(int rt)
}void init()
for(re int i=1;i<=n;++i)
int x=i-m-1;
if(x>0) add_edge(pre[x],i);
else add_edge(0,i);
} dfs(0);
}inline bool query(int x,int y)
int main()
} else }
cout<<(ans%mod+mod)%mod
}
LuoguP5652 基礎博弈練習題 博弈
歸納 找規律.如果終點 r 是奇數，那麼 r m 1 r 1 這段區間都是先手必敗.然後我們發現 r m 1 及之前都是偶數的話還是先手比敗，直到遇到乙個奇數，就又變成了先手必勝.那麼，對於乙個奇數字置，其前面第乙個先手必勝位置就是 r m 1 前第乙個奇數字置.對於偶數，我們發現是先手必敗，而其前...
洛谷練習題1 2
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並不難的一條題目 就幾個點要注意 1.計算數字的長度時 要記得可能有負數 對負數要特殊處理 2.對於這種不是很難 操作卻略繁瑣的題目 要先將每一步在草稿紙上分析好 再寫 以便保持思路的清晰 特別是我這種思維混亂的人 p1957 口算練習題 include include include includ...