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51 1 1
3 1 2
4 4 4
2 0 1
2 2 3
51 1 2
2 4 4
2 4 3
3 0 1
5 0 134
688對於樣例的解釋：
首先5只鳥的位置為(1,1),(1,2),(4,4),(0,1),(2,3)，士氣和團結值都是0。
鳥1飛到了(1,2)，於是鳥1和鳥2互相鼓勵，鳥1士氣變為3，鳥2士氣變為1。鳥1鳥2的團結值變為1。
然後鳥2飛到(4,4)，與鳥3互相鼓勵，鳥2士氣變為4，鳥3士氣變為3。鳥2與鳥3的團結值變為1。
鳥2然後飛到了(4,3)，乙個沒有鳥的地方。於是士氣和團結值都變為了0。
接下來鳥3和鳥5都飛到了鳥4的位置，於是三隻鳥互相鼓勵，鳥4、鳥5士氣變為4，鳥3士氣仍為3。鳥3、鳥4、鳥5的團結值都變為2。
鳥1：3 * 1 = 3
鳥2：4 * 1 = 4
鳥3：3 * 2 = 6
鳥4：4 * 2 = 8
鳥5：4 * 2 = 8
1≤n≤30000 0≤t≤300000 座標範圍為整數，且不超過int_min~int_max
威武值為不超過int_max的非負整數。
#include#include#include
#include
#define n 100010
#define m 500010
using
namespace
std;
int ch[m][2
];int
rnd[m],key[m],sz[m],cnt[m],d1[m],d2[m],tot;
intz[n],rt[m],sum;
intmx[n],tog[n],w[n];
struct
query
}q[m];
struct
point
bool
operator
< (const point &b)const
bool
operator == (const point &b)const
}p[n],san[m];
int cmp(int x,int
val)
int cmp2(int x,int
val)
void mark_down(int x,int u,int
v)void push_up(int
x)void push_down(int
x)void rot(int &x,int
d)void insert(int &x,int
val)
push_down(x);
int d=cmp(x,val);
insert(ch[x][d],val);
if(rnd[ch[x][d]]>rnd[x])rot(x,d^1
); push_up(x);
}int get_max(int
x)void gao(int id,int i)
insert(rt[id],i);
mark_down(rt[id],
0,sz[rt[id]]-1);}
inthaxi(point v)
void del(int &x,int
val)
}else
del(ch[x][d],val);
if(x)push_up(x);
}int
main()
int t;scanf("
%d",&t);
for(int i=0;i)
sort(san+1,san+sum+1
); sum=unique(san+1,san+sum+1)-san-1
;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int i=0;i)
for(int i=1;i<=n;i++)del(rt[z[i]],i);
for(int i=1;i<=n;i++)printf("
%lld\n
",1ll*mx[i]*tog[i]);
return0;
}
BZOJ2827 千山鳥飛絕
portal 有 n n leq10 5 隻鳥分布在二維平面的整點上。每只鳥有威武值 士氣值和團結值 威武值是固定的 士氣值等於與其在同一位置的其他鳥的威武值的最大值 團結值等於與其在同一位置的其他鳥的隻數。接下來 t t leq2.5 times10 5 秒，第 i 秒會有乙隻鳥 b i 由原位置...
BZOJ2827 千山鳥飛絕
離散化座標，每個座標開一棵以鳥的編號為關鍵字的平衡樹。每次插入時打2個標記，同時更新自身。這個方法比較顯然，而且好寫。正解好像用很迷的方法亂搞了一波，然後用線段樹不打標記就做出來了，並不會。treap旋轉沒傳引用，調了好久。include define n 30005 define m 330005...
題解 BZOJ 2827 千山鳥飛絕
話說有一天 doyouloveme 和 vfleaking 到山里玩。誰知 doyouloveme 剛剛進山，所有的鳥兒竟被他的神犇氣場給驚得全部飛走了。vfleaking 頓時膜拜不已。這時鳥王用鳥語說道 安撫了一下眾鳥的情緒。鳥王生性好鬥，作出了乙個決定 要排鳥布陣把剛才嚇到它們的人類趕出山去。...