這道題原來是網路流……
感覺我網路流水平不行……
這種只有兩種選擇的可以源點向該點連一條容量為b的邊，該點向匯點連一條容量為w的邊，如果割掉了b證明選w，如果割掉了w證明選b
那麼\(p\)的限制怎麼加呢，新建乙個點\(i'\)，然後\(i\)往\(i'\)流一條容量為\(p\)的邊
\(i'\)再向所有不合法的\(j\)連一條容量為正無窮的邊，這樣如果\(i\)選了\(b\)，\(j\)選了\(w\)，會有水流從\(i\rightarrow i' \rightarrow j\)
由於\(n^2\)的邊太多了，我們用可持久化線段樹優化建圖可以改成\(o(n \log n)\)
最後的答案是每個點黑白價值的和減去最大流
#include #define fi first
#define se second
#define pii pair#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define eps 1e-10
#define ba 47
#define maxn 200005
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef unsigned int u32;
typedef double db;
templatevoid read(t &res)
while(c >= '0' && c <= '9')
res *= f;
}templatevoid out(t x)
if(x >= 10)
putchar('0' + x % 10);
}struct node e[maxn * 10];
int head[maxn],sume = 1;
int n,s,t;
int dis[maxn],ncnt,cur[maxn];
int a[5005],b[5005],w[5005],l[5005],r[5005],p[5005];
int val[5005],tot;
queueq;
void add(int u,int v,int c)
void addtwo(int u,int v,int c)
bool bfs()
} }
return false;
}int dfs(int u,int aug)
} }
return 0;
}int dinic()
return res;
}int lc[maxn],rc[maxn],rt[5005],nw;
void insert(int x,int &y,int l,int r,int pos,int v)
int mid = (l + r) >> 1;
if(pos <= mid)
else
}void adde(int y,int l,int r,int ql,int qr)
int mid = (l + r) >> 1;
if(qr <= mid) adde(lc[y],l,mid,ql,qr);
else if(ql > mid) adde(rc[y],mid + 1,r,ql,qr);
else
}void solve()
sort(val + 1,val + tot + 1);
tot = unique(val + 1,val + tot + 1) - val - 1;
for(int i = 1 ; i <= n ; ++i)
res -= dinic();
out(res);enter;
}int main()
51nod 貪心入門
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