考慮這是乙個0 1矩陣 我們對每一行進行 hash ，再對每一列進行 hash ，取兩個不同的 base ，這樣可以一定程度上保證 hash 的正確性，由於蒟蒻我比較菜，沒有寫雜湊表，只能 rp++rp++ 看有沒有重複了，橫行 d[i][j]=d[i][j-1]base1+a[i][j]d[i][j]=d[i][j−1]∗base1+a[i][j] ,再考慮豎列 sum[i][j]=sum[i-1][j]*base2+d[i][j]sum[i][j]=sum[i−1][j]∗base2+d[i][j] ,再將矩陣整個旋轉 180°,如果乙個子正方形旋轉前和旋轉後的 hash 值相同，則大概率下，這兩個矩陣相同。我們列舉方陣的邊長（注意不能二分，這玩意坑了我很久，我二分一直 wa ，仔細一想發現如果前面不滿足，後面滿足的情況也是存在的，不滿足單調性），列舉矩陣的點，進行 hash判斷，時間複雜度o（n³）,下面貼**
//看了看ac記錄，貌似 rank1 ，比 rank2 快了差不多10倍？其實這題二進位制壓縮貌似也可做？不過工程量巨大？不管了， qaq
// 可能**略醜，借鑑思路即可。
#include#include#includeusing namespace std;
typedef unsigned long long ll;
ll base1=131,base2=233;
ll re()const ll n=305;
char s[n];ll a[n][n],d[n][n],sum[n][n],aa[n][n],sum2[n][n],n,m,qpow1[n],qpow2[n];
ll cal(ll x,ll y,ll l,ll type)
ll work(ll l)ll ans=0;
int main()
qpow1[0]=1;for(int i=1;i<=300;i++) qpow1[i]=qpow1[i-1]*base1;
qpow2[0]=1;for(int i=1;i<=300;i++) qpow2[i]=qpow2[i-1]*base2;
for(ll i=1;i<=n;i++)
for(ll j=1;j<=m;j++)
d[i][j]=d[i][j-1]*base1+a[i][j];
for(ll i=1;i<=n;i++)
for(ll j=1;j<=m;j++)
sum[i][j]=sum[i-1][j]*base2+d[i][j];
for(ll i=1;i<=n;i++)
for(ll j=1;j<=m;j++)
aa[i][j]=a[n-i+1][m-j+1];
for(ll i=1;i<=n;i++)
for(ll j=1;j<=m;j++)
d[i][j]=d[i][j-1]*base1+aa[i][j];
for(ll i=1;i<=n;i++)
for(ll j=1;j<=m;j++)
sum2[i][j]=sum2[i-1][j]*base2+d[i][j];
for(int i=1;i<=max(n,m);i++)
if(work(i)) ans=i;
if(ans!=1&&ans!=0)printf("%llu",ans);
else printf("-1\n");
}
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