請判斷乙個鍊錶是否為回文鍊錶。
示例 1:
輸入:1->2輸出:false示例 2:
輸入:1->2->2->1輸出:true高階：
你能否用 o(n) 時間複雜度和 o(1) 空間複雜度解決此題？
遍歷一遍鍊錶壓棧，借助棧把鍊錶倒序，然後依次比較「原鍊錶元素」和「新棧中元素」，如果都相等則返回true，否則返回false。
這樣簡單粗暴，**的主體包含在解法二中了，這裡不列出了。
另外，這種解法的時間要求能不能通過leetcode的測試，我沒有試過，因為覺得沒必要試。
解題思路：使用兩個指標，fast和slow指標。
（1）fast指標每次走兩步，slow指標每次走一步；
（2）fast指標走到鍊錶末尾的時候，slow指標走到鍊錶的中間位置結點（鍊錶長度n為偶數）或中間位置的前乙個結點（鍊錶長度n為奇數）；
（1）——>（2）——>（3）——>（2）——>（1）slow fast
（1）——>（2）——>（3）——>（3）——>（2） ——> （1）
slow (fast)多走1步fast
（3）slow直接到了中間，就可以將整個鍊錶的後半部分壓棧實現逆序，依次和前半部分比較，思路同解法一。
注：就是在這裡，額外的時間複雜度減少了n/2，因為只需要將鍊錶中一半的元素壓棧。
其他的細節，**裡有詳細注釋。
/** * definition for singly-linked list.
* struct listnode
* }; */
static
const auto __ =() ();
class
solution
//
鍊錶長度為偶數，fast指標最後多走一步到鍊錶末尾if(fast->next)
fast = fast->next;
stack
s;//將鍊錶後半部分元素壓棧，通過棧來實現逆序
while(slow->next)
//依次比較前半部分元素和逆序的後半部分元素
while(!s.empty())
return
true
; }
};
解題思路：解法三和解法二的區別在於，最後不使用棧來倒序鍊錶後半部分的元素，而是選擇直接本地操作(額外空間複雜度為o(1))，在原鍊錶上將後半部分元素倒置（反轉），比較完後得出結果後，再 還原鍊錶，返回結果。
**中有詳細注釋。
/** * definition for singly-linked list.
* struct listnode
* }; */
static
const auto __ =() ();
class
solution
//鍊錶長度為偶數，fast指標最後多走一步到鍊錶末尾
if(fast->next)
fast = fast->next;
//-----區別在這裡，元素不壓棧，直接將鍊錶後半部分元素逆序，比較完後得出結果後，再還原鍊錶，返回結果--------
////
---------------鍊錶的後半部分元素「倒序」-------------------
// listnode* p = slow->next;
listnode* q =null;
listnode* cur =null;
slow->next =null;
while
(p)
//依次比較 前半部分元素 和 逆序的後半部分元素
while(1
)
slow->next =n;
return
false
; }
//前、後一起往後移動
fast = fast->next;
head = head->next;
//--------在這裡判斷結束，是除錯的結果----//
//針對這種情況：（3）——>(1)——>(2)——>(3),後半部分反轉之後的鍊錶是（3）——>(1)——>(3)——>(2)
// 如果使用while(head->next)作為結束，會少比較一次，也就是最後（1）和（2）不會比較到，從而出錯
if(fast ==null)
break;}
//鍊錶復原
listnode* m = q->next;
listnode* n =null;
listnode* cur2 =null;
q->next =null;
while
(m) slow->next =n;
return
true
; }
};
LeetCode 234 回文鍊錶
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