傳送門：然而並沒有...
這兩天測試狀態比較奇怪，前面1.5h-2h完全不知所措，一臉茫然，感覺自己吃棗藥丸
後面才發現有很多題可捉的，並沒有想象的那麼難，但是時間已經不充裕了...
r2d2
t1：不知所措數學題
一開始總想著有什麼dp可以拿一些部分分
然而連30分dp都不會....
咦，好像有大樣例
那就找一發規律
媽呀真是2^(nk)
快速冪完事....
考完冷靜了一下發現還是比較容易證的
首先n位每位相互獨立，所以可以只考慮一位
設f[k]表示k*k的三角形的方案數
考慮f[k+1]怎麼遞推
如果最左下角的數是0，那麼最後一行已經確定了，都會是0
而且不會對上面的k*k的三角形有影響，所以方案數是f[k]
如果是1，同理，最左邊一行已經確定了，都必須是1
而且也不會對右邊的k*k的三角形有影響，所以方案數是f[k]
所以f[k+1]=2*f[k]
所以一位的答案就是2^k
n位乘起來就好了，答案就是2^(nk)
t2:資料結構題？
一看到這題我就覺得是資料結構題，然而想來想去並不知道怎麼維護....於是棄療了
後來我才發現乙個顯然的性質
就是最大和最小一定取在端點，不然不是最優
然後我們就可以分數規劃了
情況有點多
假設i是右端點，j是左端點
假設a[i]為max，a[j]為min
那麼(a[i]-a[j])/(i-j+k)=ans
變形得(a[i]-i*ans)-(a[j]-j*ans)=k*ans
所以我們二分一下ans，有滿足左邊大於右邊的，ans就可以更大
左邊最大值可以用單調佇列做
記a[i]=a[i]-ans*i
如果後面加進來的a[i]比隊尾要小，隊尾就沒有意義了，可以刪去
對於區間長度是[l,r]的限制，初始時保持距離為l，加入佇列時從隊頭刪去距離超過r-1的點即可
反過來類似，注意一些細節
另外就是區間長為l時
類似地，(a[i]-a[j])/(l-1+k)=ans
變形得：a[i]-a[j]=ans*(l-1+k)
也是二分，單調佇列維護即可
複雜度o(nlogmaxans)
t3:字串神題？
突然發現字串長<=10.....
拿個可持久化trie維護一下就好了
兒子節點從父親節點繼承trie，再把邊上的字串插入進去即可
每次用ans[x]+ans[y]-2*ans[lca]即可
r3d1
t1：一開始想到了乙個玄學做法，好像很複雜的樣子...然後就安心打暴力去了
後來證了一下發現是對了，加個bitset好像可以卡過
我們對於每個點求出它能到哪些點，記為g[i][maxn]，這個可以壓位做到m*n/32
然後對於每個點v，處理哪些連向它的邊可刪
如果乙個它的前驅x能夠到它的另乙個前驅y
那麼顯然x連向它的邊可以刪去了
然後證明沒有其他可刪的邊
假設有乙個邊可刪，且不滿足上面的條件
那麼說明x到v有其他路徑
那麼這條路經一定要經過v的另乙個前驅z，那麼x可以到z，不符假設
所以不存在這樣的邊
具體實現就對每個點求乙個bitset，表示是否是x的前驅
在把它和每個前驅的g[i]and一下，如果有1，就說明可以從其他點過來，然後就可以刪掉這條邊
然後發現有點卡常，怕70分都沒了，於是只開到1000，70保平安...
然後發現標程壓64位.....
t2：神奇的插頭dp
媽呀200*200....
一定有特殊的dp方法
d了半天不知所措....
突然發現這是很簡單的網路流，每棟房子是乙個點，源向它連賣給a的權值，它向匯連賣給b的的權值，相鄰的點連建圍牆的權值，求出最小割，拿總收益減去就是了...
然後就是15分鐘寫網路流系列...
然後就爆零被教做人了...
t3：這個真是字串神題，看了標程好像是字尾陣列，暴力還掛了，不知所措...
得分情況：100+0+100+70+0+0
有些題目就是要敢於去想，要相信能寫出來
但是有時寫暴力求穩也是很重要的...
r2d1
t1：
#include#include#include#includetypedef long long ll;const ll mod=(ll)1e9+7;
using namespace std;
int n,k;
ll qpow(int a,ll b)
return res;
}int main()
t2：
#include#include#include#include#includeconst double eps=1e-6;const int maxn=100010;
using namespace std;
int cas,a[maxn],n,k,l,r;
struct tque
void pushmin(int p,double v)
void pushmax(int p,double v)
void pop1(int p)
void pop2(int p)
double top()
}q;bool check(double miu)
q.clear();
for (int i=l;i<=n;i++)
q.clear();
for (int i=1;i<=n;i++)
q.clear();
for (int i=1;i<=n;i++)
return 0;
}int main()
printf("%.4lf\n",l);
} return 0;}/*
15 1 2 4
1 2 3 4 5
*/
t3：
#include#include#include#includeconst int maxn=100010,maxm=200010,maxt=1200010;using namespace std;
int n,q,pre[maxm],now[maxn],son[maxm],val[maxm][15],tot,pp[15],fa[maxn][22],dep[maxn];char tmp[15];
struct trie
now=ch[now][s[i]],pre=ch[pre][s[i]];
} for (int j=1;j<=26;j++) ch[now][j]=ch[pre][j];
} int query(int now,int s)
}t;void add(int a,int b)
void dfs(int x)
}int lca(int a,int b)
void change()
int main()e[maxm];
bitsetmap[maxn];
int n,m,ans,pw[maxn1],ord[maxn];bool g[maxn1][maxn1],con[maxn1][maxn1],tmp[maxn1][maxn1],bo[maxn1];
struct twork1
bool check(int s)
printf("%d\n",ans);
} }t2;
int main()
/*5 6
1 22 3
3 54 5
1 51 3
7 81 2
2 55 7
1 36 7
1 44 7
3 5*/
t2：#include#include#include#include#include#define aabs(a) (a>0?a:-(a))
const int maxn=500010,maxm=1000010,inf=(int)1e9;
using namespace std;
int n,m,ans,pre[maxm],now[maxn],son[maxm],val[maxm],tot,dis[maxn],head,tail,q[maxm+10];
int id(int x,int y)
struct flow
void ins(int a,int b,int c)
} return dis[t]>0;
} int find(int x,int low)
if (!y) dis[x]=-1;
return res;
} void work()
}f;void init()
for (int i=1;i
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