wxy 4 9 牛客訓練賽50重現

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wxy 4.9 牛客訓練賽50重現

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a給乙個字串，如果相同的字母都連在一起，那麼就是令人心情愉悅。如果前面和現在是同乙個字母，

那麼就更新該字母的位置，如果前面不是該字母但是該字母的,f陣列之前更新過，那麼就說明這個字母

不只一段。

題解從總長度入手。

b模擬hash雜湊表的操作過程，採用記憶化搜尋，r[x mod n ]記錄原本應該在x mod n上的現如今應該在

**，也就是該段至今延申最右邊是什麼地方。

再次理解記憶化搜尋，實質是以搜尋實現的dp，一定要將搜過的記入下來，而且只考慮當前狀態由什麼

狀態轉移而來，不考慮子狀態如何得來

# include

using namespace std;

const int maxn=1e6+100;

int a[maxn],r[maxn],ans[maxn];

int n;

int dfs(int id)

r[id]=dfs((r[id]+1)%n);

return r[id];

}int main()

for(int i=0;iint id=a[i]%n;

if(ans[id]==-1)else

}for(int i=0;iprintf("%d ",ans[i]);

}題解做法，並查集，將x mod n 放在同乙個集合中，在x位置插入後，合併x和(x+1)%n,把後者作為祖先

c寫貪心寫了乙個小時，然後因為乙個，一直過不了，然後改成三分寫法，順利卡過，三分牛逼。。。不

過r和l的差距放到400，可能如果資料再強一點就過不了了

return 0;

}# include

using namespace std;

typedef long long ll;

const int maxn=1e5+100;

struct nodenode[maxn];

int cmp(node a,node b)

int n;

ll cal(int mid)

return cans;

}int main()

sort(node+1,node+n+1,cmp);

int l=0,r=n,lmid,rmid;

while(r-l>400)

ll ans=0;

for(int i=l;i<=r;++i)

printf("%lld\n",ans);

return 0;

}題解做法，首先按照siz排序，應為一堆中之取決於siz最低的那乙個，然後如果當前佇列中的比當前要

求的siz大，那麼就把小的pop出來，每次都比較取最大即可

d在某一點可以選擇改變以後所有的邊的權重，對i來說，只能在 i到n範圍內選乙個點修改，則正著用a跑

一遍dij,反著用b跑一遍dij,對於ans[i]來捉他可能時ans[i-1 ]還可能是d[i]+d1[i],採用堆優化的dij，否則會

t想清楚複雜度用那乙個板子和存圖方式，然後還是不熟練，一改在半個小時內改出來，雖然c耽擱了很

久沒在比賽時寫出來，賽後也寫了乙個小時左右。

# include

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pairpii;

const int maxn=1e5+100;

pii a[maxn];

priority_queue,greater> q;

int main()

sort(a,a+n,greater());

ll ans=0,sum=0;

for(int i=0;iq.push(a[i].second); sum+=a[i].second;

while(q.size()>a[i].first)

ans=max(ans,sum);

}printf("%lld\n",ans);

return 0;

}# include

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pairp;

const int maxn=2e5+100;

const ll inf=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;

int n,m,s,t;

struct nodenode[maxn];

ll ans[maxn];struct edge

};vectoredges;

vectorg[maxn];

int done[maxn];

ll d[maxn];

void add(int u,int v,ll w)

void dij()}}

}void solve()

dij();

}vectoredges1;

vectorg1[maxn];

int done1[maxn];

ll d1[maxn];

void add1(int u,int v,ll w)

void dij1()}}

}void solve1()

dij1();

}int main()

scanf("%d%d",&s,&t);

solve();

solve1();

for(int i=n;i;i--)

for(int i=1;i<=n;++i)

return 0;

}如何壓複雜度：搞乙個字首和，把i之前所有符合條件的dp都加起來

所以由如上優化，cnt表示當前字串字首和，如果當前為0，那麼dp[i]=ans之前拿到所有和，如果當

前為s[i]=='0'那麼不能在i之前切割，說明dp[i-1]不包括在後面的數的字首和中減去,ans加上當前的dp

值，並不區分只要當前和能整除3，就當作可以切割的，如果後面的為0，則在下乙個把前面多加的減去。f

ntt待補

還是要多練，不管是心態或者是快速寫出解法的能力，放平心態。

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