t1、
原本以為是水題的，但是題目裡有這麼一句話」不模1e9+7「。。。。
可以注意到上下左右都要求單調增，那麼狀態就很好確定了
f[i][j]表示第一行放了前i個格仔,第二行放了前j個格仔，並且這些數都是小於等於i+j的
轉義很好寫：f[i][j]可以推給f[i+1][j]和f[i][j+1]。需要時時保證i>j
另外注意此處格仔是否可放。
由於不取模，需要用高精。但是實現只有0.2s
——卡常!
最後還是被卡了20分——本機測試不超時的
訂正的時候發現用long long壓18位居然就能過了，而9位int死活不過。。。。
還有有些人用這個不算開掛嗎？__attribute__((optimize("o2")))
#include #include #include using namespace std;
const long long mod = (1e18);
int a[2][1005];
int n,i,j;
struct bitint
while (ret.a[ret.h]>0) ret.h++;
//for (int i=ret.h;i<70;i++) ret.a[i]=0;
return ret;
} void print()
printf("%lld",a[h-1]);
for (int i=h-2;i>=0;i--)
while (a[i]0)
bool operator
int mult(point p0,point p1,point p2)
void convex_hull()
dw[1] = dot[1]; dw[2] = dot[2]; dwcnt = 2;
for (i=3;i<=n;i++)
for (i=1;i1;i--) dot[++m] = dw[i];}
void find_opp(int i,int &j)}
double mult(point p1,point p2)
double distance(point p1,point p2)
void calc(int i,int j1,int j2)
}}#define fmin(x,y) ( (x)
#define fmax(x,y) ( (x)>(y)?(x):(y) )
const double eps = 1e-12;
void work()
for (i=1;i<=m;i++)
ans = (double)floor(ans*1000) / 1000.;
printf("%.3lf\n",ans);}
int main()
思路很好
只要我們知道長方形內最高點，最低點，最左點和最右點，預處理這些點之間的上下凸殼就可以合併求答案了。
找最點可以用二分查詢矩形內是否有點在logn的時間內搞定。（我會說我之前求矩形內是否有點寫的是二維樹狀陣列，平白無故多了兩個log然後t得飛起嗎？）
用f1[i][j]表示在點i和點j圍成的矩形內的上凸殼的面積，f2[i][j]表示在點i和點j圍成的矩形內的下凸殼的面積，預處理可以做到o(n^2)
**很呵呵
#include #include #include #include using namespace std;
const int maxn = 3005;
typedef long long ll;
int n,m,q,k,i,j,tx,ty;
int a,b,c,d,a,b,c,d;
int nx,ny,upcnt,dwcnt;
int dw[maxn], up[maxn];
int ax[maxn], ay[maxn];
int sum[maxn][maxn];
ll ans, f1[maxn][maxn], f2[maxn][maxn];
vector ex[maxn], ey[maxn];
struct point
bool operator
for (j--;j>0;j--)
if (dot[i].y>=dot[j].y)
up[1] = i; upcnt = 1;
for (j=i+1;j<=n;j++)
if (dot[i].y>=dot[j].y)
for (j++;j<=n;j++)
if (dot[i].y>=dot[j].y)
dw[1] = i; dwcnt = 1;
for (j=i-1;j>0;j--)
if (dot[i].y<=dot[j].y)
for (j--;j>0;j--)
if (dot[i].y<=dot[j].y)
dw[1] = i; dwcnt = 1;
for (j=i+1;j<=n;j++)
if (dot[i].y<=dot[j].y)
for (j++;j<=n;j++)
if (dot[i].y<=dot[j].y)
}} int find_left(int a,int b,int c,int d)
l = 0; r = ex[t].size()-1;
int ret = 0;
while (l<=r)
l = 0; r = ex[t].size()-1;
int ret = 0;
while (l<=r)
return ret;}
int find_down(int a,int b,int c,int d)
l = 0; r = ey[t].size()-1;
int ret=0;
while (l<=r)
l = 0; r = ey[t].size()-1;
int ret=0;
while (l<=r)
return ret;}
int main()
sort(dot+1,dot+n+1);
sort(ax+1,ax+n+1);
nx = unique(ax+1,ax+n+1)-ax-1;
sort(ay+1,ay+n+1);
ny = unique(ay+1,ay+n+1)-ay-1;
for (i=1;i<=n;i++)
for (i=1;i<=nx;i++)
for (j=1;j<=ny;j++)
sum[i][j] += sum[i-1][j] + sum[i][j-1] - sum[i-1][j-1];
init();
scanf("%d",&q);
while (q--)
if (a>=b || c>=d)
a = find_left(a,b,c,d);
b = find_right(a,b,c,d);
c = find_down(a,b,c,d);
d = find_up(a,b,c,d);
//printf("%d %d %d %d\n",a,b,c,d);
if (a==b || c==d)
ans = f1[a][d] + f1[d][b] + f2[a][c] +f2[c][b];
ans += mult(dot[a], dot[c], dot[d]) + mult(dot[d], dot[c], dot[b]);
printf("%.1lf\n",(double)ans/2.);
} return 0;
}
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