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a 國共有 n 座城市，這些城市由 n-1 條道路相連，使得任意兩座城市可以互達，且路徑唯一。每座城市都有乙個
幸運數字，以紀念碑的形式矗立在這座城市的正中心，作為城市的象徵。一些旅行者希望遊覽 a 國。旅行者計畫
乘飛機降落在 x 號城市，沿著 x 號城市到 y 號城市之間那條唯一的路徑遊覽，最終從 y 城市起飛離開 a 國。
在經過每一座城市時，遊覽者就會有機會與這座城市的幸運數字拍照，從而將這份幸運儲存到自己身上。然而，幸
運是不能簡單疊加的，這一點遊覽者也十分清楚。他們迷信著幸運數字是以異或的方式保留在自己身上的。例如，
遊覽者拍了 3 張**，幸運值分別是 5，7，11，那麼最終保留在自己身上的幸運值就是 9（5 xor 7 xor 11）。
有些聰明的遊覽者發現，只要選擇性地進行拍照，便能獲得更大的幸運值。例如在上述三個幸運值中，只選擇 5
和 11 ，可以保留的幸運值為 14 。現在，一些遊覽者找到了聰明的你，希望你幫他們計算出在他們的行程安排中
可以保留的最大幸運值是多少。
第一行包含 2 個正整數 n ，q，分別表示城市的數量和旅行者數量。第二行包含 n 個非負整數，其中第 i 個整
數 gi 表示 i 號城市的幸運值。隨後 n-1 行，每行包含兩個正整數 x ，y，表示 x 號城市和 y 號城市之間有一
條道路相連。隨後 q 行，每行包含兩個正整數 x ，y，表示這名旅行者的旅行計畫是從 x 號城市到 y 號城市。n
<=20000,q<=200000,gi<=2^60
輸出需要包含 q 行，每行包含 1 個非負整數，表示這名旅行者可以保留的最大幸運值。
4 2
11 5 7 9
1 2
1 3
1 4
2 3
1 414 11
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倍增 + xor線性基
對於樹中每個點x，維護其往上2^k個點的xor線性基
這樣每次詢問在倍增求解lca的過程中合併線性基就行了
合併的話記得常數別寫太大，能break就break
有個地方沒寫1ll，wa了一次= =gg
#include#include#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;
const int maxn = 2e4 + 20;
const int n = 15;
typedef long long ll;
struct data
}b[maxn][n];
int n,q,l[maxn],fa[maxn][n];
ll ans,a[maxn];
vector v[maxn];
void merge(data &x,const data &y)
for (int i = n - 1; i >= 0; i--)
if (fa[p][i] != fa[q][i])
merge(ret,b[p][1]); merge(ret,b[q][0]); return ret;
}ll getll()
int main()
l[1] = 1; dfs(1,0);
while (q--)
return 0;
}
4568 Scoi2016 幸運數字
又是一道線性基的題目。我們只需要對這棵樹維護乙個倍增的線性基就可以了，方法類似於lca的求法 至於怎麼合併兩個線性基，我們只需要將兩個基的全部數字拿出來，然後在重新插進去乙個新的基就可以了 注意細節。我一開始因為陣列開小了還wa了一發。code include include define swap...
BZOJ4568 Scoi2016 幸運數字
樹上查兩點間最大異或和 樹倍增，每個點維護向上2 k個點的線性基，然後在查lca的時候合併 關於點權維護倍增略蛋疼 合併線性基的時候就直接把乙個線性基里的插到另乙個裡 複雜度o m log n log 2inf 合併的時候加點優化可以降掉乙個loginf 接下來bb一些有關線性基和最大異或和的東西 ...
BZOJ 4568 Scoi2016 幸運數字
題目大意 給你一顆樹，多個詢問，問你樹上任意兩點的路徑上選任意幾個點使得異或和最大。我是參考的claris大神的 點分治，對於詢問在兩個子樹間或者有乙個在重心上的進行回答，否則把問題用鍊錶接到詢問點所在的子樹上。具體方法可以選中重心都對每個子樹染色，染為這個子樹的根節點。在子樹處理問題之前一定要記住...