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給定乙個整數 m，對於任意乙個整數集合 s，定義「校驗值」如下:
從集合 s 中取出 m 對數(即 2∗m 個數，不能重複使用集合中的數，如果 s 中的整 數不夠 m 對，則取到不能取為止)，使得「每對數的差的平方」之和最大，這個最大值 就稱為集合 s 的「校驗值」。
現在給定乙個長度為 n 的數列 a 以及乙個整數 t。我們要把 a 分成若干段，使得 每一段的「校驗值」都不超過 t。求最少需要分成幾段。
1列舉每乙個分塊[l,r]的l，在l一定的情況下根據倍增思路不斷更新r值，直到不能更新為止，確定乙個分塊。
在求分塊的「校驗值」時，若對整個分塊進行sort，整體時間複雜度為o(n
log2
n)o(nlog^n)
o(nlog
2n)，需要對此進行優化。
當前分塊左邊界為l，已確定的滿足條件的右邊界為r，下乙個需要檢驗的右邊界為r+p。[l,r]已有序，在對[r+1,r+p]sort後，根據歸併排序的思路將這兩個區間合併為有序區間[l,r+p]，再進行檢驗。據說整體時間複雜度可降到o(n
logn
)o(nlogn)
o(nlog
n)。（倍增的過程最多迴圈o(l
ogn)
o(logn)
o(logn
)次，累計擴充套件長度為o(n
)o(n)
o(n)
，好像差不多是這樣）
a紀錄有序區段，[l,r]（有序） 和[r+1,r+p]（無序）
b只擷取a中的[r+1,r+p]，並進行sort
c是歸併排序時的臨時陣列，記錄有序的[l,r+p]
若[l,r+p]可行，更新a中[l,r+p]的元素排列（即c中記錄的內容）,r+=p,p*=2;
否則p/=2,a不做任何更新；
這樣的話用到了3個陣列。
還要加快讀，否則只過90%
打擾了，同樣的**偶爾會超時。。?
#include
using
namespace std;
typedef
long
long ll;
const
int maxn =
5e5+10;
ll n, m, t;
ll k;
ll a[maxn]
, b[maxn]
, c[maxn]
;inline ll read()
while
(ch>=
'0'&& ch<=
'9')
return x;
}bool
check
(ll l, ll r)
void
sort
(ll l, ll r, ll p)
}int
main()
else p>>=1;
} ans++
; r++;if
(r==n) ans++
; l = r; p =1;
}printf
("%d\n"
, ans);}
return0;
}
歸併排序（2 路歸併排序）
遞迴寫法 include define maxn 100 void merge int a,int l1,int r1,int l2,int r2 將陣列a的區間 l1,r1 和區間 l2,r2 合併為乙個有序區間 else while i r1 while j r2 for int i 0 i非遞...
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