傳送門
這是最後一場基礎訓練啦~看過題解的我居然真的有這種情況=-=
我是真的有些細節沒有想清楚，提交了，竟然過了？？？emmm
我驚了=-=
這個題目時乙個關於基環樹的題目啦，記憶化搜尋可以解決（不然會超時qaq）
當初比賽一看到這個題目的時候腦海裡瞬間想的是兩次dfs求樹的直徑（該打，不看清題目就寫的痛苦太難受了）
後來還是出題人在廣播裡左強調，右強調，我才=-=又仔細看了好幾遍題目，題目給的是有向圖，可以有自環（我還傻乎乎的求樹的直徑，四不四傻！）
題目要求輸出最長的簡單路徑上面的結點個數=-=
每個結點的出度均為1（這裡我們可以得到這是基環內向樹，如果每個結點點的入度為1的話，那就是基環外向樹），我們可以先處理環的部分，先處理每個環有多少個結點=-=
基環樹有一些這樣的特徵：
構成環的每個結點都是樹根噢，它下面都連著一顆小樹~
沿著乙個結點走下去，一定可以走到環~
所以我們的解題思路就是~
首先處理環部分，把構成環部分的結點個數算出來，然後dfs記憶化搜尋最長的路徑就可以啦~
那麼問題來啦，我們怎麼知道哪些是環部分呢，這就需要用到上面的結論啦，就是沿著乙個結點走下去，一定可以走到環的~
在這裡解釋一下開的陣列的含義：
int a[n];//記錄出度的結點
int vis[n];//記錄是否訪問過
int s[n];//小tips,s[0]記錄當前訪問的結點個數，之後的s[1],s[2]…記錄訪問結點的順序，儲存結點的序號
int ins[n];//記錄當前環的結點是否訪問過，與vis用法記錄相反
int siz[n];//預處理部分記錄環的大小，dfs部分記錄最長路徑的結點個數~
dfs記憶化搜尋有了前面的處理部分，這部分就很好寫啦~~~
上**啦~
#include
using
namespace std;
const
int n =
1e6+10;
int n;
int a[n]
;int vis[n]
;int s[n]
;int ins[n]
;int siz[n]
;int
dfs(
int x)
return siz[x]=1
+dfs
(a[x]);
}int
main()
int i, j, k, h;
for(
int i =
1; i <= n; i++)if
(ins[j]
)while
(k != j);do
while
(k != j);}
while
(s[0])
}}for(i =
1, h =
0; i <= n; i++
) cout << h << endl;
return0;
}
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