點此看題
首先考慮如果有乙個塊長和寬都比另乙個塊要小，那麼這個塊就沒有存在的意義了，我們可以先排序（長為第一關鍵字，寬為第二關鍵字，從小到大），然後從後往前掃，期間維護寬的最大值，如果最大值不比當前寬小，那麼這個塊沒用，我們去除完沒用的點之後再排一遍序（方法一樣）。
這樣就可以愉快的dpdp
dp了，設dp[
i]
dp[i]
dp[i
]為劃分到i
ii的最小花費，轉移如下：
d p[
i]=d
p[j]
+a[i
]×b[
j+1]
dp[i]=dp[j]+a[i]\times b[j+1]
dp[i]=
dp[j
]+a[
i]×b
[j+1
]轉移是o(n
2)
o(n^2)
o(n2
)的，我們來推一波式子，設兩個轉移點j,k
j,kj,
k（j jd p[ j]+a [i]× b[j+ 1] [k]+ a[i] ×b[k +1 ]dp[j]+a[i]\times b[j+1]dp [j]+ a[i] ×b[j +1][k]+ a[i] ×b[k +1]dp[ j]−d p[k] −b[j +1]+ b[k+ 1] i] \frac−b [j+1 ]+b[ k+1] dp[j ]−dp [k] i]顯然a [i ]a[i] a[i] 是單調遞增的，−b[ i] -b[i] −b[i ]也是單調遞增的，隊首維護上面的式子，隊尾保證斜率單調遞增，時間複雜度o(n )o(n) o(n) ，貼個**。 #include using namespace std; #define int long long const int m = 50005 ;int read() int n,m,mx,h,t,dp[m] ,q[m] ;struct node bool operator < (const node &b) const }s[m] ,v[m] ;intup( int j, int k) intdown (int j, int k) signed main() sort (v+1 ,v+1 +m); for( int i= 1;i<=m;i++ )printf ("%lld\n" ,dp[m]); } 此題依舊是斜率優化。感覺自己做斜率優化做瘋了 滑稽 還是與先前一樣弄出dp式 這裡要著重說明一下 這裡的x,y都已經是排過序並整理了的！我們先按照x為第一關鍵字，y為第二關鍵字來從小到大 both 排序。隨後，我們發現它的y不滿足單調性。所以我們應當將其轉換一下。這樣子，我們就可以斜率優化了。設k上... 有n個點 x,y 求乙個在 x 軸上的最小區間，使得它包含的所有點中的 y 的極差至少為 d x,y,d leq 10 6 將點按 x 排序，顯然 2 pointers 需要隨時維護乙個滑動視窗的最大值和最小值，顯然單調佇列 也可以用離散化 st表或者線段樹，不過多了個log include def... 夏天又到了，奶牛貝里斯開始變得非常懶惰。他想要站在乙個地方，然後只走很少的一段路，就能吃到盡可能多的美味的青草。有n塊草坪排列在一條直線上，第i個草坪擁有g i數量的青草，第i個草坪所在的位置是x i。奶牛貝里斯想要在直線上選擇乙個點作為他的初始點 初始點有可能和草坪的位置重合 這樣他就能吃到以這個...#includeUsaco2008 Mar 土地購買
USACO12MAR 花盆（單調佇列）
usaco2013 mar 懶惰的奶牛