p2570 [zjoi2010]貪吃的老鼠
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顯然二分，最大流判定
要滿足兩個條件：
(1) 在任一時刻，乙隻老鼠最多可以吃一塊乳酪；
(2) 在任一時刻，一塊乳酪最多被乙隻老鼠吃。
先按照乳酪的邊界進行離散化， 變成num個塊，就可以知道每個時間有哪些乳酪了
把每個老鼠拆成num個點，
初步：每個老鼠的每個時間的乳酪連線o(len*speed)
首先每個老鼠每個時間段吃的是有限的，顯然保證（1）
但是不能保證(2)
改進：考慮讓每乙個乳酪在時間段只能
證明不會咕了
（總感覺不能一定能滿足存在一種方案使得總共時間不會超出）
卡精度啊，，，，，
inf設太大了
並且為了防止被inf卡，可以直接記錄ret表示流出流量，直接返回ret即可
#include#define reg register int#define il inline
#define fi first
#define se second
#define mk(a,b) make_pair(a,b)
#define numb (ch^'0')
#define pb push_back
#define solid const auto &
#define enter cout<#define pii pair#define double long double
using
namespace
std;
typedef
long
long
ll;template
il void rd(t &x)
template
il void output(t x)
template
il void ot(t x)
template
il void prt(t a,int st,int nd)
namespace
miraclee[
2*(p*n+n+p)];
int hd[p],cnt=1
;int
p[n],st[n],nd[n];
intsp[n];
double mem[2*n];
intnum;
intsum;
void add(int x,int y,double
z)int
d[p];
ints,t;
double dfs(int x,double
flow)
}return flow-res;
}int
q[p],l,r;
bool
bfs()}}
return
false;}
int id(int x,int
y)bool che(double
mid)
sort(mem+1,mem+num+1
); num=unique(mem+1,mem+num+1)-mem-1
; --num;//
warning!!!
s=0,t=id(n,num)+1
;
for(reg i=1;i<=m;++i)
for(reg i=1;i<=n;++i)
}add(s,id(i,j),(
double)sp[i]*i*(mem[j+1]-mem[j]));}}
double flow=0,ret=0
;
while
(bfs())
}if(ret+eps>sum) return
true
;
return
false;}
void
clear()
bool cmp(int x,int
y)int
main()
for(reg i=1;i<=n;++i)
sort(sp+1,sp+n+1
,cmp);
sp[n+1]=0
;
for(reg i=1;i<=n;++i)
double l=0.0,r=1e7+3
;
for(reg i=1;i<=60;++i)
printf(
"%.10lf\n
",l);
}return0;
}}signed main()
/*author: *miracle*
*/
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