（沒有定根就非常的離譜，後來告訴根直接就是 \(1\)）
先考慮鏈上怎麼做，顯然維護乙個單調棧，求出第乙個比當前數大的位置，然後倍增即可。再放在樹上怎麼做？依舊維護單調棧，但這次不能暴力地彈掉棧頂元素了，因為這樣的複雜度是假的。因為單調棧有單調性，所以直接在單調棧內二分出單調棧彈得不能再彈的位置，然後修改 \(top\)，繼承答案。搜尋回溯的時候再將棧還原即可。對於詢問從 \(u\) 到 \(v\) 初始智商為 \(w\) 能學習多少次，因只要 \(pre[u][j]\) 這個人的智商小於等於 \(w\) 就不會產生貢獻，所以直接倍增地把這些點都跳過。最後不能跳了，跳到了 \(u'\)。那麼 \(pre[u'][0]\) 這個點智商一定比 \(w\) 大，從這個點之後就會產生貢獻了。然後再次倍增，只要還在 \(v\) 的子樹裡。
#include#includeusing namespace std;
#define n 100007
inline int read()
while(c>='0'&&c<='9')
return flag? x:-x;
}struct ee[n<<1];
int head[n],cnt=0;
inline void add(int id,int to);
head[id]=cnt;
}int sta[n],top=0,w[n],n,q;
int pre[n][18],dep[n],ans[n];
inline bool cmp(int x,int y)
void dfs(int u,int fa_u)
top=lt,sta[lpos]=lw;
}int main()
dep[1]=1,dfs(1,0);
while(q--)
if(dep[u]=dep[v]) u=pre[u][i];
printf("%d\n",1+ans[tmp]-ans[u]);}}
}
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