18 10 6 考試總結

這道題就是一道模擬題 也沒有什麼細節 反正蠻好寫的

**

#include using

namespace
std;
const
int n = 1005
;int
hx, hy, lx, ly, now, ma, h;
int vis[2 * n][2 *n], t;
char opt[105
];void deal(int sta, char opt, int
del) 
now = 3; return
; }
if(opt == '
n' || opt == 's'
) now = 2; return
; }
}if(sta == 2
) now = 2; return
; }
if(opt == '
n' || opt == 's'
) now = 1; return
; }
}if(sta == 3
) now = 1; return
; }
if(opt == '
n' || opt == 's'
) now = 3; return
; }
}}void
solve( ) 
if(now == 1
) 
if(now == 2
) 
for(int i = ly;i < hy;i ++) 
}if(now == 3
) 
for(int i = lx;i < hx;i ++) 
}printf(
"%d\n
",ma); 
lx = 1000, ly = 1000, hx = 1001, hy = 1001
; ma = 0; now = 1; vis[1000][1000] = 0
; 
for(int i = 1;i <= len;i ++) 
}}int
main( ) 

這道題本來是雜湊的 然後zjj同學寫了可持久化線段樹 我就學習了一波可持久化線段樹

雜湊的做法是 對於每乙個節點 維護乙個對他進行操作的雜湊值

比如我對這個節點進行過$12345$操作 那麼就將這個玩意兒變成乙個雜湊值 就是那個乘$base$ + 'char'的那個玩意兒　　

最後查詢每個節點和標準串的雜湊值 如果一樣答案就加一

那麼現在是zjjdalao的做法 是對於每乙個節點維護三個值 $max,min,tag$

分別表示在該區間內進行的操作的最大值 最小值 以及這個區間內是否還有合法的 如果有就是$1$ 否則為$0$

然後一些東西寫在注釋裡面了

**

#include using

namespace
std;
const
int n = 2 * 1e5 + 5
;int
n,k,t,ans;
struct
node 
}f[4 *n];
void update(int
o) 
else
if(f[2 *o].tag) 
else
if(f[2 * o + 1
].tag) 
else f[o].tag = 0;}
void build(int o, int l, int
r) 
int mid = l + r >> 1
; build(
2 *o, l, mid);
build(
2 * o + 1, mid + 1
, r);
update(o);
}void modify(int o, int l, int r, int l, int r, int
x) 
else}}
int mid = l + r >> 1
; 
if(f[o].ma == f[o].mi) f[2 * o].mi = f[2 * o].ma = f[2 * o + 1].ma = f[2 * o + 1].mi =f[o].ma;
//下放標記 如果我之前訪問到這裡直接return 現在兒子未作修改 就會出問題 
if(l <= mid && f[2 * o].tag) modify(2 *o, l, mid, l, r, x);
//只有合法我才去走 否則可能被一行的下放標記救活 直接錯掉 並且這樣才能保證時間複雜度 
if(mid < r && f[2 * o + 1].tag) modify(2 * o + 1, mid + 1
, r, l, r, x);
update(o);
}void
init( ) 
}void dfs(int o, int l, int
r) 
int mid = l + r >> 1
; 
if(f[2 *o].tag) 
//一邊走一邊下放標記 
dfs(2 *o, l, mid);
}if(f[2 * o + 1
].tag) 
dfs(
2 * o + 1, mid + 1
, r);
}}int
main( ) 

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