點我跳轉
給定乙個非負整數序列 \(a\)，初始長度為 \(n\)。有 \(m\) 個操作，有以下兩種操作型別：
1、」\(a\)
\(x\)」：新增操作，表示在序列末尾新增乙個數 \(x\)，序列的長度 \(n\) 增大 \(1\)。
2、」\(q\)
\(l\)
\(r\)
\(x\)」：詢問操作，你需要找到乙個位置 \(p\)，滿足 \(l≤p≤r\)，使得：\(a_p\) xor \(a_\) xor \(…\) xor \(a_n\) xor \(x\) 最大，輸出這個最大值。
記錄 \(sum_i\) 為前 \(i\) 個數的字首和，那麼 \(a_p\) xor \(a_\) xor \(…\) xor \(a_n\) xor \(x\) = \(sum_\) xor \(sum_n\) xor \(x\)其中 \(sum_n\) xor \(x\) 是固定的，那麼題目就可以轉換為在區間 \([l , r]\) 中找到乙個 \(p\) 使得 \(sum_\) xor (\(sum_n\) xor \(x\)) 最大
即在區間 \([l-1,r-1]\) 找到乙個 \(p\) 使得 \(sum_\) xor (\(sum_n\) xor \(x\)) 最大
然後就是跑可持久化01trie了
注意特判點 → 當 \(r = 1\) 時，\(r - 1\) 為 \(0\) ，\(root[r- 1] = root[0] = 0\) ，故 \(root[r - 1]\) 的指標無法在字典樹上跳動，所以需要特判一下
#includeusing namespace std;
const int n = 1e6 + 10;
int n , m , tot;
int a[n] , sum[n] , cnt[n * 31] , root[n] , tree[n * 31][2];
void insert(int id , int s) }
int query(int l , int r , int s)
else p = tree[p][x] , q = tree[q][x];
} return res;
}signed main()
else
cout << query(l - 1 , r - 1 , sum[n] ^ x) << '\n';
} }return 0;
}
P4735 最大異或和
給定乙個非負整數序列，初始長度為n。有m個操作，有以下兩種操作型別 a x 新增操作，表示在序列末尾新增乙個數x，序列的長度n 1。q l r x 詢問操作，你需要找到乙個位置p，滿足l p r，使得 a p a p 1 a n x最大，輸出最大是多少。輸入格式 第一行包含兩個整數 n,m，含義如問...
P4735 最大異或和
題目鏈結 給定乙個非負整數序列，初始長度為n。有m個操作，有以下兩種操作型別 a x 新增操作，表示在序列末尾新增乙個數x，序列的長度n 1。q l r x 詢問操作，你需要找到乙個位置p，滿足l p r，使得 a p a p 1 a n x最大，輸出最大是多少。輸入格式 第一行包含兩個整數n,m，...
P4735 最大異或和
p4735 最大異或和 可持久化trie 據n n 0，我們可以把問題轉化為字首異或和 設為s i 也就是求 s n s p 的最大值 顯然，這是經典的trie上貪心問題。但是詢問次數過多，我們總不能每次都建一棵完整的樹。注意到，對於每次詢問我們所需的trie都只有很小的不同。於是我們就可以用可持久...