題意：有n座城池，m個人；
每座城池有乙個耐久度；
每座城池有乙個父親城池（肯定會形成一棵樹），還有flag base （這個看題意)
每個人有乙個戰力值和乙個開始進攻的城池序號；
問：1.每個城池能夠使將領死亡的死亡數 2.每個將領能夠攻占的城池數量；
思路，這道題是一顆樹，所以自然而然的想到用dfs傳到根節點，再傳回去這種做法；
那麼在這種做法下，我們建立最小堆，對每乙個節點建立乙個最小堆，然後遍歷的時候，將小於limit的將領彈出；
這個時候需要更新答案， 這個城池的將領死亡數量+1；這個將領攻占的城池數量；
然後 剩下的將領有乙個val需要更新 這個時候我們不是直接更新，而是用乙個懶惰節點去降低複雜度；
一步一步傳給子節點更新；
1 #include2 #include3 #include4 #include5using
namespace
std;
6 typedef long
long
ll;7
const ll maxn=3e5+10
;8 ll flag[maxn],base[maxn]; //
城池的val更新方式
9 ll ch[maxn][2]; //
子節點10 ll val[maxn],guishu[maxn]; //
將領的戰力值和第乙個城池
11 ll root[maxn]; //
每乙個城池的根節點；
12 ll dep[maxn],dis[maxn]; //
dep是用來計算將領的攻占城池數量的， dis是左偏樹的深度；
13 ll ans1[maxn],ans2[maxn]; //
城池答案，將領答案；
14 ll mul[maxn],add[maxn]; //
懶惰標記
15 ll limit[maxn]; //
城池耐久值
16struct node //
鄰接表17
g[maxn]; ll head[maxn];ll num=-1;20
void
build(ll u,ll v)
2124
void
cov(ll x,ll c,ll j)
2533
void
pushdown(ll x)
34 39
ll merge(ll x,ll y)
4049
50void
dfs(ll u,ll fa)
5158
while(root[u]&&val[root[u]]65if(flag[u]) cov(root[u],base[u],0
);66
else cov(root[u],1,base
[u]);67}
68int
main()
6979
for(ll i=1;i<=m;i++)
86 dfs(1,0
);87
while(root[1
])92
for(ll i=1;i<=n;i++) printf("
%lld\n
",ans1[i]);
93for(ll i=1;i<=n;i++) printf("
%lld\n
",ans2[i]);
94return0;
95 }
洛谷P3261 城池攻占
臭不要臉的把 loj 的題面截圖下來 乙個顯然的思路是從葉子往上跑，將所有可以到點 x 的騎士扔進乙個小根堆裡面，然後不停彈出堆頂直到對頂元素的值不小於 h x 或者堆空了。由於需要堆合併，所以直接上左偏樹即可。至於乘和加就在堆頂打 tag，然後合併或彈出的時候再 pushdown 即可。順序顯然是...
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P3377 左偏樹，模板）
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