2021 CSP J試題詳解

不得不說，這真的是一屆更水的題了，180一等線是真的低，感覺比前三屆簡單多了。

這個，，，水題沒什麼說的（注意！！你對了這道題就是二等獎！！）

#includeusing namespace std;
int n,l,r;
int main()
for(int i=1;i<=n;i++)
else if((a[i]>a[x]||a[i]==a[x]&&i>x)&&(a[i]在這裡肯定有人要問了用線段樹或者平衡樹怎麼寫尼？？？
我寫一下，學過的話思路簡單，沒學的話如讀天書：
平衡樹+離散化演算法
#includestructq[200001];
struct pair tr[3000010];
int cnt = 1;
void insert(lld x) 
}void remove(lld x) 
}int query(lld x) 
return ret;
}int main() 
int op, x, v;
for (int i = 1; i <= q; ++ i) else printf("%d\n", query((lld)a[x] * n + x - 1) + 1);
} return 0;
}

注意，這不是簡單的事情複雜化，是簡單的演算法你考試你根本想不出來。

這道題就是map資料結構基本功，以及string基本用法，沒什麼難的。

建乙個字串陣列存答案（即每台計算機連線狀態，**內為 a），再建乙個陣列 sum 存連線成功客戶機所對應的服務機編號，對於答案儲存講完了。

輸入部分較為簡單，我的變數名也與題目所述一致，就跳過。

然後講服務機重複位址，和客戶機連線的服務機編號。對於每個位址合法的服務機，我們用乙個 map 存它的位址和編號，記為

mapss;

這樣服務機重複位址的情況，看下位址對應的 map 是否為 0 就行了。至於客戶機，若它位址合法，看下位址對應的 map 是否為 0，為 0 則連線失敗，否則連線的服務機編號就是 ss 的第二個鍵值。

當然，有坑（csp—j第三和四題沒那麼水）：

1.map 等清空。

2.位址不得出現除題目規定外的字元。

3.位址必須要有 5 個數（比如 10..9.7:2 就不行）

4.位址必須含有 3 個 . 與 1 個 :，且順序不能顛倒。

5.位址的 5 個數要符合題目規定的資料範圍。

6.位址的 5 個數不能含前導 0。

#include#define int long long
using namespace std;
int n,sum[10005];
string a[10005];
mapss;
signed main()
if(ad[i]==':')knf=1;
} 
if(kf!=5)
for(int i=0;i='0'&&ad[i]<='9'))
sk+=ad[i];
}if(_1!=3||_2!=1||w==1)
for(int i=0;i=0&&ans<=255)
else
}if(i==0||ad[i-1]=='.'||ad[i-1]==':')
else}}
ans=ans*10+ad[i]-48;
}if(ans<0||ans>65535||w==1)
if(op[0]=='s')
else
}else
else}}
for(int i=1;i<=n;i++)
else printf("%lld",sum[i]);
printf("\n");
}return 0;
}

本次csp之所以簡單是因為沒考圖論，主要是資料結構基礎，所以很簡單，這個壓軸題也只需要建個雙向鍊錶就行。

首先對輸入序列建雙向鍊錶，維護每乙個「假塊」頭建雙向鍊錶，共維護兩個鍊錶。

這裡的「假塊」指每個「假塊」中水果種類必定相同，但相鄰「假塊」中水果種類可能相同。

我們可以使用雙向鍊錶的刪除元素來模擬吃乙個水果。

不斷迴圈遍歷「假塊」頭鍊錶，遍歷過程中記錄上乙個被吃水果種類。遍歷到某個塊頭時，若其指向的水果與上乙個被吃水果種類相同，直接將這個塊頭刪除，相當於合併塊；若不同，吃掉這個水果，更新上乙個被吃水果種類，將這個塊頭指向的水果變成被吃水果的下乙個水果。

關於乙個假塊被吃完的處理方法，此時這個假塊的塊頭一定會指向下乙個塊頭。若這個塊頭的種類與被吃水果的種類不同，刪掉這個塊，因為遍歷下乙個塊時將會吃掉這個水果；若相同，不動，因為接下來的過程將會把下乙個塊的塊頭刪除。這樣保證遍歷時不會出現長度小於一的假塊。若假塊沒有被吃完，其指向的下乙個水果一定與吃掉的種類相同，同樣不做任何處理。

每個水果被遍歷一次，每個塊被刪除一次，時間複雜度 o(n)。

#includeusing namespace std;
const int maxn = 2e5+10;
struct node;
int n;
int shuiguo[maxn];
node headlist[maxn];
node shuiguolist[maxn];
int cc;
void eatone(int pos) 
void del(int pos) 
void chi() 
eatone(headlist[solo].val);
headlist[solo].val = shuiguolist[headlist[solo].val].next;
if (shuiguo[headlist[solo].val]!=nowcolor) 
solo = headlist[solo].next;
nowcolor^=1;
} putchar('\n');
}int main() 
shuiguo[0] = 2;
shuiguo[n+1] = 2;
headlist[0].next = 1;
for (int i = 1; i <= n; i++) 
} while (shuiguolist[0].next!=n+1) 
return 0;
}

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