分塊入門 bzoj2141排隊

to infinity and beyond. ——《wall-e》

首先可以用離散化+樹狀陣列來計算逆序對個數 時間複雜度 （n log n）

對於有關逆序對的題目，首先可以想到逆序對的特質：

然後對於每個詢問(x,y) (x

a[i]

a[i]>a[x] ++ans

a[i]

a[i]>a[y] --ans

此時想到用分塊處理

對於n個數分塊，a[x] 或者（a[y]）(這一步可以等價處理（小技巧））

考慮樹狀陣列

但此時若用分塊處理會更快

對於資料權值分塊

ha[k][i] 代表第k塊數中 小於base*i的數的個數 同時用pre[k][i]表第k塊數中 <=i && >base*(i/base)的數的個數，以此記錄分塊兩邊較小的區間

**：#include//塊套塊

using namespace std;

const int maxn=500000;

long long n,m,cnt,u,v,a[maxn],b[maxn],sum[maxn],ha[201][201],pre[201][20001],k1,k2,k3,block;

long long query(int x)

void add(int x)

int getblock(int x)

void change(int k,int zhi,int an) //對於當前塊進行處理

int ask(int l,int r,int zhi)

} else

} for (int i=(k2-1)*block+1;i<=r;i++)

} k3=getblock(zhi);

for (int i=k1+1;i>n;

for (int i=1;i<=n;i++)

sort(a+1,a+1+n);

for (int i=1;i<=n;i++)

for (int i=1;i<=n;i++)

block=200;

cout<>m;

for (int i=1;i<=m;i++)

{ cin>>u>>v;

if (b[u]==b[v]) { coutcnt+=ask(u+1,v-1,b[u]);//找u+1--v-1區間內比b[u]小的個數減去比b[u]大的個數

cnt-=ask(u+1,v-1,b[v]);

if (b[u]>b[v]) cnt++; else cnt--;

change(getblock(u),b[u],-1); change(getblock(v),b[v],-1);

change(getblock(v),b[u],1); change(getblock(u),b[v],1);

swap(b[u],b[v]);

cout<

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BZOJ 2141 排隊 分塊 Treap

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BZOJ2141 排隊 分塊,樹狀陣列

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