時間限制:
4000ms
單點時限:
2000ms
記憶體限制:
256mb
有乙個n個節點的樹，其中點1是根。初始點權值都是0。
乙個節點的深度定義為其父節點的深度+1,。特別的，根節點的深度定義為1。
現在需要支援一系列以下操作：給節點u的子樹中，深度在l和r之間的節點的權值（這裡的深度依然從整個樹的根節點開始計算），都加上乙個數delta。
問完成所有操作後，各節點的權值是多少。
為了減少巨大輸出帶來的開銷，假設完成所有操作後，各節點的權值是answer[1..n]，請你按照如下方式計算出乙個hash值（請選擇合適的資料型別，注意避免溢位的情況）。最終只需要輸出這個hash值即可。
mod =1000000007; // 10^9 + 7
magic= 12347;
hash =0;
for i= 1 to n do
hash = (hash * magic + answer[i]) mod mod;
endfor
第一行乙個整數t (1 ≤ t ≤ 5)，表示資料組數。
接下來是t組輸入資料，測試資料之間沒有空行。
每組資料格式如下：
第一行乙個整數n (1 ≤ n ≤ 105)，表示樹的節點總數。
接下來n - 1行，每行1個數，a (1 ≤ a ≤ n)，依次表示2..n節點的父親節點的編號。
接下來乙個整數q(1 ≤ q ≤ 105)，表示操作總數。
接下來q行，每行4個整數，u, l, r, delta (1 ≤ u ≤ n, 1 ≤ l ≤ r ≤ n, -109 ≤ delta ≤ 109)，代表一次操作。
對每組資料，先輸出一行「case x: 」，x表示是第幾組資料，然後接這組資料答案的hash值。
小資料：1 ≤ n, q ≤ 1000
大資料：1 ≤ n, q ≤ 105
點1的子樹中有1,2,3三個節點。其中深度在2-3之間的是點2和點3。
點2的子樹中有2,3兩個節點。其中沒有深度為1的節點。
所以，執行完所有操作之後，只有2,3兩點的權值增加了1。即答案是0 1 1。再計算對應的hash值即可。
樣例輸入
131221 2 3 1
2 1 1 1
樣例輸出
case 1: 12348
這道題當時純模擬大資料的時候果斷tle了，後來參考了大神的部落格，用樹狀態陣列+dfs做的
用h陣列記錄深度，用num陣列存某個深度下的權值，一邊dfs，一邊更新num陣列。但是值得注意的是某個點的權值就是他那個深度上的權值.但是加權操作時不是一整層都加的，只是加某一子樹上的，如果給一整層都加上，會影響到別的不該加權的子樹，這怎麼辦呢？別急，算完這顆子樹，再把加權都減掉就好了。這裡巧在計算的順序，不是一口氣算出所有點權，都是按照dfs序乙個個算。按dfs序，遍歷到某點，執行u等於該點區間操作，更新之前建的線段樹。由於與他祖先節點相關的操作都已經更新到線段樹上了，所以當前線段樹上對應深度的值就是他的權值。等遍歷出了他這棵子樹，也就是他的孩子節點都算完了，再把之間的操作消掉。挺巧妙的乙個思路。
#include#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;
vector> point;
const double eps=0.0000000001;
bool operator < (const pair&lhs,const pair&rhs)
int main()
sort(point.begin(),point.end());
double l=point[0].first;
double h=point[point.size()-1].first;
while(fabs(l-h)>=eps)
else
}printf("case %d: %.5lf\n",c,l);
} }return 0;
}
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