題目
選舉越來越近了，所以**amabo kcarab準備在美國計畫一次旅行，並在wdc和la進行演講。特務為了能夠保護**的安全，需要時刻監控所有**會經過的城市（包括wdc和la）。
當然，為了使預算不會太大，**不會用到af1，而會用汽車作為交通工具。並且，特務計畫在**從wdc到la和回到wdc的旅途中安排盡可能少的需要監控的城市數目。
對於這個問題，我們假設美國有n個城市，標號為1到n，和m條單向的連線兩個不同城市的州際公路。wdc的編號為1，la的編號為2。
寫乙個程式計算出最少需要被監控的城市，使得有一條路只經過被監控的城市，可以從wdc到la，最後回到wdc。
注意：測試資料保證有解。
n，m(2<=n<=100，2<=m<=200)，分別表示城市的數目和州際公路的數目。
這題注意到n比較小、m也比較小
我就想著先用floyd來跑出每個點對間的最短路，然後若i能到j，j能到i，則記錄下點對（i，j），令leni，j為其正反最短路之和，那麼leni，j為i到j再到i的答案上界。
但還不夠，我們用堆來從小到大做，若存在leni，j、lenj，k、leni，k且leni，j+lenj，k-1＜leni，k則更新leni，k，相當於兩個環公用了乙個點，只算一次。
這樣可以處理出相對較優的答案上界，這時候可以暴力(注意，每個點最多經2次)，用最優性剪枝，就可以過了
貼**
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
#define n 101
int n,m,top,ans,s,t;
int dis[n][n],f[n*n][2],bz[n][n],g[n],a[n*4][2];
int bz1[n];
void ins1(int x,int y)
void init()
}void swap(int x,int y)
bool jian(int x,int y)
void up(int x)
void down(int x)
}void ins(int x,int y)
void del()
void pre()
void did(int x,int y,int xx,int yy,int ***,int yyy)
}void dfs(int x,int y,bool p)
if (ans<=y)
return;
if (x==s&&bz1[x]!=1)
for (int i=g[x];i;i=a[i][1])
if (bz1[a[i][0]]!=2)
}void work()
}ans=dis[1][2];
s=1,t=2;
bz1[1]=1;
dfs(1,1,0);
}void write()
int main()
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