一大波水題正在來襲
一道卡精度的坑爹題做法很裸。我們將此題看作一道類似於方格取數的雙程序的dp。容易考慮到，如果由(i,j)跳至(i,j+2)，那麼未跳的那個程序必須經過(j+1,x)，否則不滿足定義。我們通過這個性質定義一部分的方程。同時，通過這個方法，我們可以保證，1~min(i,j)這一段一定已經取得最小值，而對於乙個最優化的路徑，一定滿足這個情況，也就是我們找到了乙個最優子結構。
#include
#include
#include
#include
#include
using
namespace
std;
#define x first
#define y second
double dis[1001][1001];
pair < double , double > p[1001];
double dp[1001][1001]; //表示每次到了哪兩個點
int n;
double eucdis( int a , int b )
int main()
noip2001組合計數的經典例題。我們定義狀態為dp[i][j]，其中第一維是當前的數字的數值，第二維是加了多少個符號。那麼有兩種可能，即：沒有任何劃分部分為一，此時的可能數等於dp[i-j][j]，可以形象的看作為i-j劃分為的方案數等於i劃分為。如果有任意部分為一，那麼無論它是否還有一，dp[i-1][j-1]為此時的可能性。對此求和即可。
#include
#include
using
namespace
std;
int n,k;
int dp[201][7];
int main()
一道字首和相關題，不知道為什麼分類在dp下。做法很簡明。我們定義 dp
[i][
j]為以 (i
,j) 為矩形右下頂點的座標。如果這點可以蓋房子，那麼我們只需要討論： 1、d
p[i−
1][j
−1] 外推到dp
[i][
j]，即直接以原情況外推。 2、d
p[i]
[j−1
] 與dp
[i−1
][j−
1]二者較小的那個(因為瑕疵可能並不是包括在兩個矩形共同覆蓋的區域裡的)。
那麼方程易推得。這道題其實並不需要存地圖，然而存了也無所謂。
#include
#include
#define min(a,b) ((a)<(b)?a:b)
#define max(a,b) ((a)<(b)?b:a)
intmap[1001][1001],f[1001][1001];
int main()
vijos1011 動態規劃
include include include include using namespace std define forn i,n for int i 0 i n i define for1 i,n for int i 1 i n i int a 505 505 int map 505 505 ...
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