description
物流公司要把一批貨物從碼頭a運到碼頭b。由於貨物量比較大，需要n天才能運完。貨物運輸過程中一般要轉
停好幾個碼頭。物流公司通常會設計一條固定的運輸路線，以便對整個運輸過程實施嚴格的管理和跟蹤。由於各種
因素的存在，有的時候某個碼頭會無法裝卸貨物。這時候就必須修改運輸路線，讓貨物能夠按時到達目的地。但是
修改路線是一件十分麻煩的事情，會帶來額外的成本。因此物流公司希望能夠訂乙個n天的運輸計畫，使得總成本
盡可能地小。
input
第一行是四個整數n（1<=n<=100）、m（1<=m<=20）、k和e。n表示貨物運輸所需天數，m表示碼頭總數，k表示
每次修改運輸路線所需成本。接下來e行每行是一條航線描述，包括了三個整數，依次表示航線連線的兩個碼頭編
號以及航線長度（>0）。其中碼頭a編號為1，碼頭b編號為m。單位長度的運輸費用為1。航線是雙向的。再接下來
一行是乙個整數d，後面的d行每行是三個整數p（ 1 < p < m）、a、b（1< = a < = b < = n）。表示編號為p的碼
頭從第a天到第b天無法裝卸貨物（含頭尾）。同乙個碼頭有可能在多個時間段內不可用。但任何時間都存在至少一
條從碼頭a到碼頭b的運輸路線。
output
包括了乙個整數表示最小的總成本。總成本=n天運輸路線長度之和+k*改變運輸路線的次數。
sample input
5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5
sample output
//前三天走1-4-5，後兩天走1-3-5，這樣總成本為(2+2)*3+(3+2)*2+10=32
hint
source
小水怡情~~
直接dp做，設f[i]表示到前i天的最小花費，直接列舉j表示從j到i這幾天改變路線。
然而一開始被複雜的描述嚇住了。。。看半天才看出來。。
#include
#include
#include
#include
#define fo(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define fd(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
using
namespace
std;
int n,m,k,e;
const
int n=1e3;
intmap[n][n],f[n],past[n][n],c[30][30],l[1000000],dis[30];
bool bz[50];
inline
int spfa(int x,int y)}}
return dis[m]>100000000?dis[m]:dis[m]*(y-x);
}int main()
int q;
scanf("%d",&q);
fo(i,1,q)
fo(i,1,m)
fo(j,1,n)past[i][j]+=past[i][j-1];
fo(i,1,n)
fo(j,0,i-1)
bzoj1003物流運輸
物流公司要把一批貨物從碼頭a運到碼頭b。由於貨物量比較大，需要n天才能運完。貨物運輸過程中一般要轉 停好幾個碼頭。物流公司通常會設計一條固定的運輸路線，以便對整個運輸過程實施嚴格的管理和跟蹤。由於各種 因素的存在，有的時候某個碼頭會無法裝卸貨物。這時候就必須修改運輸路線，讓貨物能夠按時到達目的地。但...
bzoj 1003 物流運輸
description 物流公司要把一批貨物從碼頭a運到碼頭b。由於貨物量比較大，需要n天才能運完。貨物運輸過程中一般要轉 停好幾個碼頭。物流公司通常會設計一條固定的運輸路線，以便對整個運輸過程實施嚴格的管理和跟蹤。由於各種 因素的存在，有的時候某個碼頭會無法裝卸貨物。這時候就必須修改運輸路線，讓貨...
bzoj 1003 物流運輸
我用的是dijkstra dp 當然是參考大佬們的啦 dijkstra用來進行預處理，處理出dis start time end time start time,end time 時間段的1 m的最短路，其實很簡單，我們首先要把在某個時間段不能裝卸貨物的碼頭給預處理出來，可以用字首和來處理，具體看 ...