原題位址
【題目大意】
不想打了。
【題目分析】
每一位不會互相影響，可以把每一位分開考慮。
還要用unsigned long long。
【解題思路】
將每一位分開以後修改好啊，直接改就好了。
詢問的時候算出來每一位填0，1經過這條鏈的變換之後得到的值。
我們發現從高位往低位走的時候，如果這一位填0可以得到1，那麼填0一定是最優的。
否則如果可以填1，就把這一位填為1。
複雜度是nk
log2
n （樹剖）或者nk
logn
（lct），只能通過50%的資料
然後我們決定把這個k搞掉。
只要把k位一起算就可以了，多維護幾個值就好。
複雜度是o(
nklo
g2n)
（樹剖）或者o(
nklo
gn) （lct）
【**】
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
const ull mx=0-1;
const int maxn=2e5+10;
int n,m,k,tot,sz;
int opt[maxn],siz[maxn],dep[maxn],q[maxn],pos[maxn];
int head[maxn],top[maxn],son[maxn],fa[maxn];
ull val[maxn],cf[maxn];
struct tway
;tway e[maxn<<1];
struct tree
;tree tree[maxn<<2],ans0[maxn],ans1[maxn];
inline void add(int u,int v)
inline void dfs0(int u,int f)
}inline void dfs1(int u,int tp)
}inline ull calc(ull num,int u)
inline tree update(tree l,tree r)
inline void pushup(int rt)
inline void build(int rt,int l,int r)
int mid=(l+r)>>1;
build(rt<<1,l,mid);
build(rt<<1|1,mid+1,r);
pushup(rt);
}inline void changep(int rt,int l,int r,int p)
int mid=(l+r)>>1;
if(p<=mid)
changep(rt<<1,l,mid,p);
else
changep(rt<<1|1,mid+1,r,p);
pushup(rt);
}inline tree query(int rt,int l,int r,int l,int r)
inline tree solve(int
x,int
y) else
}if(dep[x]>=dep[y])
ans0[++cnt0]=query(1,1,n,pos[y],pos[x]);
else
ans1[++cnt1]=query(1,1,n,pos[x],pos[y]);
for(int i=1;i<=cnt0;++i)
swap(ans0[i].v0,ans0[i].w0),swap(ans0[i].v1,ans0[i].w1);//swap false first
tree sum;
if(cnt0)
else
sum=ans1[cnt1];
for(int i=cnt1-1;i>=1;--i)
sum=update(sum,ans1[i]);
printf("%d
%d%d
%d\n",sum.v0,sum.v1,sum.w0,sum.w1);
return sum;
}int main()
dfs0(1,0);dfs1(1,1);
build(1,1,n);
for(int i=1;i<=m;++i)
}printf("%llu\n",ret);
}else
}return
0;}
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p3384 模板 樹鏈剖分 題目鏈結 題目描述 如題，已知一棵包含n個結點的樹 連通且無環 每個節點上包含乙個數值，需要支援以下操作 操作1 格式 1 x y z 表示將樹從x到y結點最短路徑上所有節點的值都加上z 操作2 格式 2 x y 表示求樹從x到y結點最短路徑上所有節點的值之和 操作3 格...
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