有個腦筋急轉彎是這樣的：有距離很近的一高一低兩座橋，兩次洪水之後高橋被淹了兩次，低橋卻只被淹了一次，為什麼？答案是：因為低橋太低了，第一次洪水退去之後水位依然在低橋之上，所以不算「淹了兩次」。舉例說明：
假定高橋和低橋的高度分別是5和2，初始水位為1
第一次洪水：水位提高到6（兩個橋都被淹），退到2（高橋不再被淹，但低橋仍然被淹）
第二次洪水：水位提高到8（高橋又被淹了），退到3。
沒錯，文字遊戲。關鍵在於「又」的含義。如果某次洪水退去之後一座橋仍然被淹（即水位不小於橋的高度），那麼下次洪水來臨水位提高時不能算「又」淹一次。
輸入n座橋的高度以及第i次洪水的漲水水位ai和退水水位bi，統計有多少座橋至少被淹了k次。初始水位為1，且每次洪水的漲水水位一定大於上次洪水的退水水位。
input
輸入檔案最多包含25組測試資料。每組資料第一行為三個整數n, m, k（1<=n,m,k<=105）。第二行為n個整數hi（2<=hi
<=108），即各個橋的高度。以下m行每行包含兩個整數ai和bi（1<=bi
i<=108, ai>bi-1）。輸入檔案不超過5mb。
output
對於每組資料，輸出至少被淹k次的橋的個數。
sample input
2 2 2
2 5
6 2
8 3
5 3 2
2 3 4 5 6
5 3
4 2
5 2
sample output
case 1: 1
case 2: 3
hint 想法：
（精）從潮的起點往後都加一，從潮的最大漲幅往後都減一，如果橋高度在潮的起到最大這段區間，即為被淹一次,利用stl的lower_bound來進行二分
**：
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
#define n 100010
int h[n],vis[n];
int main()
printf("case %d: %d\n",q++,sum);
}return 0;}
**二：樹狀陣列
#include #include #include using namespace std;const int maxn = 100017;
int c[maxn], h[maxn];
int n, m, k;
int lowbit(int x) // 2^k
void update(int i,int x)//更新i加x（1或-1）
}int sum(int x)//求x到n之間和
return sum;
}int findd(int l, int r, int t) //二分查詢 返回t最早可插入在h【】那個位置
return l;
}int main()
sort(h+1,h+n+1);
for(i = 1; i <= m; i++)
else
tl = t1-1;
int t2 = findd(1, n, b);
if(h[t2] <= b)
tr = t2;
else
tr = t2-1;
update(tl,1);
update(tr,-1);
if(i == m)//最後一次退潮後還被淹的橋的次數也要加上
}int cont = 0;
for(i = 1; i <= n; i++)//每個橋被淹次數
printf("case %d: %d\n",++cas,cont);
}return 0;
}
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