問題 c: 小奇的倉庫(warehouse)
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題目描述
【題目背景】
小奇採的礦實在太多了，它準備在喵星系建個礦石倉庫。令它無語的是，喵星系的貨運飛船引擎還停留在上元時代！
【問題描述】
喵星系有n個星球，星球以及星球間的航線形成一棵樹。
從星球a到星球b要花費[dis(a,b) xor m]秒。（dis（a,b）表示ab間的航線長度，xor為位運算中的異或）
為了給倉庫選址，小奇想知道，星球i（1<=i<=n）到其它所有星球花費的時間之和。
【輸入格式】
第一行包含兩個正整數n，m。
接下來n-1行，每行3個正整數a,b,c，表示a，b之間的航線長度為c。
【輸出格式】
n行，每行乙個整數，表示星球i到其它所有星球花費的時間之和。
【樣例輸入】
4 01 2 1
1 3 2
1 4 3
【樣例輸出】
12 【資料範圍】略
保證答案不超過2*10^9
但看著資料範圍，只能是o(n)效率。
首先想想m=0的情況：完全不用^，那麼兩遍dfs就解決問題了。主題思路就是一邊算兒子傳到父親的，一遍算父親傳到兒子的。
再考慮m=1的情況，只要知道有多少個點到自己的距離是奇數，多少是偶數就行。也就是兩遍dfs時多傳個參，再根據邊權是奇是偶討論一下就好了。
我們延續上面的思路，m<=15，也就是說只會改變後四位的值，同理，我們記錄後四位的值就好了，傳遞時，只要把後四位的值+邊權，再取後四位即可。
到頭來就是兩遍dfs。
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
#define n 100006
intread()
while(x>='0'&&x
<='9')
return sum*f;
}struct roadlu[n*2];
int n,m,e,adj[n],f[n],g[n],sz[n],up[n][17];
void add(int u,int v,int l);adj[u]=e;}
void dfs1(int
x,int fa)
up[x][l-(l>>4
<<4)]++;
}}void dfs2(int
x,int fa,int cnt)
d[l-(l>>4
<<4)]--;
for(int j=0;j<16;j++)
up[to][l-(l>>4
<<4)]++;
dfs2(to,x,s-sz[to]);
}}int main()
dfs1(1,0);
dfs2(1,0,0);
/*for(int i=1;i<=n;i++)
printf("%d\n",g[i]);
}}
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