題目見這裡
走的過程必然是這樣的：從pos[1][1]走到pos[1][x]以至於pos[2][x]，再走到pos[2][y]以至於pos[3][y]，最後從pos[3][y]走到pos[3][n]。
假設第i層的前j項和為sum[i][j]，其中i∈[1,3]，j∈[1][n]。留意，這裡x<=y。
那麼這樣一條轉折點為x和y的路徑所得的值為：
ans=sum[1][x]+(sum[2][y]-sum[2][x-1])+(sum[3][n]-sum[3][y-1])
對這個式子調整一下：
令①=sum[1][x]-sum[2][x-1]；②=sum[2][y]-sum[3][y-1]+sum[3][n]
ans=①+②
相當於把x和y進行了分離，於是我們可以把①用set進行儲存用以查詢，窮舉②。
窮舉②的每一項的時候，set裡有許多的①，那麼哪一項才是好的呢？因為要mod p，因為所有元素都屬於[0,p-1]，所以：
要麼讓①+②最接近p，要麼讓①+②最接近2p，這樣一模剩下來的才大。故而：
情況1：找<(p-②)，且最接近這個值的，這樣加起來會和會最接近p
情況2：情況1不存在，比如說set裡的數都》=(p-②)，那麼直接找set裡最大的那個就行。因為這樣①+②能越過p之後盡可能往前走，使得數更大。
這裡注意2個地方：
1：相減的地方可能產生負數，+p來調一下
2：這裡的x是<=y的，所以不能先把所有的①放進set再列舉②。得放乙個①，②從前面的①構成的set裡找。
#include usingnamespace
std;
#define ll long long
#define lowb lower_bound
const
int maxn = 1e5 + 5
;ll n, p, sum[
4][maxn];
setst;
intmain()
}st.clear();
ll ans = 0
;
for (int y = 1; y <= n; ++y)
printf(
"%lld\n
", ans);
return0;
}
51nod 1624 取餘最長路
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51 Nod1624 取餘最長路
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