a：其實並不是特別難的乙個題，想的太複雜了。
首先，我們把關係看成能夠傳遞的，那麼我們並查集統計連通塊之後。
可以發現，對於乙個連通塊，最優方案肯定只有1個人會沒朋友。
因為一直把和當前刪的點有關係的人的人刪進去，最後肯定就能刪完全部點，並且保證只有第乙個進去的人沒朋友。
因為要保證字典序最小，我們每次合併並查集的時候，都讓大的以小的為父節點，那麼最後這個集合的根，肯定就是這個集合裡最小的點。
那麼我們先把根都扔到小頂堆裡，然後在把和堆頂相鄰的沒刪的元素放入，因為小頂堆，會自己保證最小字典序。
//view codeauthor: levil
#pragma gcc optimize(2)
#pragma gcc optimize(3)#include
using
namespace
std;
typedef
long
long
ll;typedef
long
double
ld;typedef pair
pii;
const
int n = 1e6+5
;const
int m =1e4;
const ll mod = 998244353
;#define rg register
#define pi acos(-1)
#define inf 1e9
#define inm int_min
#define dbg(ax) cout << "now this num is " << ax << endl;
namespace
fastio
*///
file close.
inline int
read()
while(c >= '
0' && c <= '9')
return x*f;
}void print(int
x)
if(x > 9) print(x/10
); putchar(x%10+'0'
); }
}using
namespace
fastio;
void
fre()
vector
g[n];
intfa[n],vis[n];
int find(int
x)int
main()
priority_queue
,greater >q;
int cnt = 0
;
for(rg int i = 1;i <= n;++i) if(fa[i] == i) q.push(i),vis[i] = 1,cnt++;
vector
ans;
while(!q.empty())
}printf(
"%d\n
",cnt);
for(int i = 0;i < ans.size();++i) printf("
%d%c
",ans[i],i == ans.size()-1 ? '
\n' : '');
}system(
"pause
");
return0;
}
c：考慮m個點裡選擇n-1個不同的點，然後除了最大的值外，其他值都能出現兩次，那麼有出現兩次的點有(n-2)種。
那麼重複出現的點在左右兩邊交換的時候，還是不改變。對於出現一次的點(除了最大值)，它在最大值左右兩邊都是不同的方案。
那麼ans = c(m,n-1) * (n-2) * 2^(n-3)
//view codeauthor: levil
#pragma gcc optimize(2)
#pragma gcc optimize(3)#include
using
namespace
std;
typedef
long
long
ll;typedef
long
double
ld;typedef pair
pii;
const
int n = 2e5+5
;const
int m =1e4;
const ll mod = 998244353
;#define rg register
#define pi acos(-1)
#define inf 1e9
#define inm int_min
#define dbg(ax) cout << "now this num is " << ax << endl;
namespace
fastio
*///
file close.
inline int
read()
while(c >= '
0' && c <= '9')
return x*f;
}void print(int
x)
if(x > 9) print(x/10
); putchar(x%10+'0'
); }
}using
namespace
fastio;
void
fre()
ll f[n];
void
init()
ll quick_mi(ll a,ll b)
return
re;}
ll inv(ll n)
ll c(ll n,ll m)
intmain()
//system("pause");
return0;
}
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