嘟嘟嘟
好題，好題……
看這個修改和詢問，就知道要麼是求完dfs序後線段樹維護，要麼是樹剖。又因為這道題都是子樹的操作，沒有鏈上的，所以線段樹就夠了。
然而重點不是這個。這道題最麻煩的是線段樹pushdown時對於每乙個節點打的標記都不一樣，因為每一條邊上的能力值不一樣。這也是這道題最巧妙的一點：我們把每一次對節點 i 放的冷氣都轉移到從根節點放的，這樣pushdown的標記就統一了。
具體操作是啥咧：假如u到跟要經過w1, w2, w3這三條邊，那麼我們對u放x的冷氣，就相當於從根節點放div[u] = w1 * w2 * w3 * x的冷氣，查詢v的冷氣值的時候把線段樹得到的答案除以div[v]即可。預處理div[i]dfs一遍即可。
然而這道題還沒完，因為div[i]可以等於0，所以這棵樹實際上會斷成乙個森林。所以就有好多個根節點，以及好多棵線段樹，但是空間大小是不變的。
所以要記錄每一棵樹的根節點，再從根節點開始dfs，維護的div[i]實際上表示的是 i 到他所在的樹的根節點的πwi。（一定是從根節點開始！我就是因為從樹中任意一棵節點開始導致85分，今天聽bin哥講完後突然才想出來這個問題）
1 #include2 #include3 #include4 #include5 #include6 #include7 #include8 #include9 #include10 #include11view codeusing
namespace
std;
12#define enter puts("")
13#define space putchar(' ')
14#define mem(a, x) memset(a, x, sizeof(a))
15#define rg register
16 typedef long
long
ll;17 typedef double
db;18
const
int inf = 0x3f3f3f3f;19
const db eps = 1e-9;20
const
int maxn = 1e5 + 5;21
inline ll read()
2226
while(isdigit(ch))
27if(last == '
-') ans = -ans;
28return
ans;29}
30 inline void
write(ll x)
3136
37int
n, m;
38struct
edge
39e[maxn << 1
];43
int head[maxn], ecnt = -1;44
void addedge(int x, int
y, db w)45;
47 head[x] =ecnt;48}
4950
int st[maxn], top = 0;51
bool
vis[maxn];
52int
rt[maxn], bel[maxn];
53int siz[maxn], dfsx[maxn], pos[maxn], cnt = 0;54
db div[maxn];
55bool
zero(db x)
5659
void dfs(int now, int
id)6073}
74}7576
int ls[maxn << 2], rs[maxn << 2], ctr = 0
;77 db sum[maxn << 2], lzy[maxn << 2
];78
void pushdown(int
now)
7988}89
void update(int l, int r, int l, int r, int&now, db d)
9093
pushdown(now);
94int mid = (l + r) >> 1;95
if(r <=mid) update(l, mid, l, r, ls[now], d);
96else
if(l > mid) update(mid + 1
, r, l, r, rs[now], d);
97else update(l, mid, l, mid, ls[now], d), update(mid + 1, r, mid + 1
, r, rs[now], d);98}
99 db query(int l, int r, int& now, int
id)100
108109
intmain()
110119 div[1] = 1.00; dfs(1, 1
);120
for(int i = 1; i <= top; ++i) div[st[i]] = 1.00
, dfs(st[i], st[i]);
121 m =read();
122for(int i = 1; i <= m; ++i)
123131
else
132136
}137
return0;
138 }
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