洛谷題面：
由每個豆子引一條射線，與射線交點個數為奇數相當於多邊形圍住了它，這樣可以定義乙個狀態f[x][y][s]表示從起點出發，走到(x,y)處時的路徑與d顆豆子引出的射線相交的奇偶性狀態為s，最少需多少步。然後跑最短路轉移即可。
然而，有乙個小問題就是轉移時如何判與豆子引出的射線相交。如果單純按與線相交的拐點來計算的話，我們發現會有這兩種截然不同的情況被算成了一樣。
理論上藍色路徑應該是0，綠色路徑應該是1才對。
於是我們可以選擇統計時把邊定一下向，像綠色路徑這種穿出的情況就不重複計算了。詳見**。
#includeusing namespace std;
const int n = 15;
#define min(a,b) ((a)
#define rep(i,a,b) for(register int i=(a);i<=(b);++i)
int n,m,w[n],val[1<<10],d;
char mp[n][n];
int dis[n][n][1<<10],ans;
struct labean[n];
queueq;
bool vis[n][n][1<<10];
int rx[4]=;
int ry[4]=;
inline bool isin(int x,int y)
inline void spfa(int x,int y));dis[x][y][0]=0;vis[x][y][0]=1;
while(!q.empty()));}}
}}int main()
rep(j,0,(1}}
rep(i,1,n)
}printf("%d\n",ans);
return 0;
}
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