演算法涉及：dp + 離散化
\(l\) 的範圍太大，無法作為陣列下標，所以先離散化，再dp。兩點間的距離d大於t時，一定可以由 \(d\ \%\ t\) 跳過來，所以最多隻需要t+d%t種距離的狀態就可以表示這兩個石子之間的任意距離關係。這樣就把題目中的 \(10^9\) 壓縮成了\(2*t*m\) 最多不超過 \(2000\) ，然後就可以放心大膽地用dp了。不過要注意題目中的「當青蛙跳到或跳過座標為l的點時，就算青蛙已經跳出了獨木橋」，所以dp的終點是乙個範圍而非確切的乙個點，最後還要在這個範圍內取最小值。
using ll = long long;
const int n = 1e6 + 10;
const ll inf = 0x3f3f3f3f;
ll dp[n], a[n], vis[n];
void solve()
memset(dp, 0x3f, sizeof(dp));
dp[0] = 0;
for (int i = 1; i <= tmp + 100; ++i)
for (int j = s; j <= t; ++j)
if (i >= j)dp[i] = min(dp[i], dp[i - j] + vis[i]);
ll ans = inf;
//終點可能的範圍,稍微寫大點·
for (int i = tmp; i <= tmp + 100; ++i)
ans = min(ans, dp[i]);
cout << ans;
}
vijos p1002 過河（離散化dp）
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