第一道題：
這道題就是一道非常的01揹包模板，不過需要注意到題目的條件還需要乘上重要性，也就是價值=原價值*重要度，其他的就按照01揹包模板照打即可。
附上**吧:
#include
using
namespace std;
const
int maxn=
100000+20
;int a[maxn]
,w[maxn]
,v[maxn]
,f[maxn]
;int
main()
for(
int i=
1;i<=n;i++
)for
(int j=m;j>=v[i]
;j--
) f[j]
=max
(f[j]
,f[j-v[i]
]+w[i]);
cout<;return0;
}
這一道題比上一道題難度明顯增加了許多，而且，這道題的揹包有依賴性了，也就是以來揹包，思路：
價值=原價值*重要度不變，但後面多了個附件的條件，也就是說，每乙個主件都最多可以擁有2個附件，則輸入時需要優先儲存每乙個附件的歸屬情況，這裡我用二位陣列儲存，那麼，讀入的**就是這樣的:
//q1是第乙個附件的儲存情況，q2是第二個附件的儲存情況，v是價值，p是重要度，q是是否為附件，若是，又為誰的附件。
cin>>n>>m;
for(
int i=
1;i<=m;i++
)else
}
1.若是第乙個附件
2.若是第二個附件
3.如果即是第乙個附件又是第二個附件
for
(int i=
1;i<=m;i++
)for
(int j=n;j>=w[i]
;j--
)
#include
const
int maxn=
1000+50
;using
namespace std;
int n,m,f[maxn]
,v[maxn]
,p[maxn]
,q[maxn]
,w[maxn]
,c[maxn]
,q1[maxn]
[maxn]
,q2[maxn]
[maxn]
;int
main()
else
}for
(int i=
1;i<=m;i++
)for
(int j=n;j>=w[i]
;j--
) cout<;return0;
}
01揹包精講
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