本來毫無思路，看到網上設了二維陣列表示期望後，覺得很妙。
設f[i][j]為聰聰在i,可可在j的聰聰吃到可可的時間期望。
dis[i][j]==1 ||==2 時，f[i][j]=1 ,i==j 時，f[i][j]=0;
由於聰聰能走2步，可可每次只能走一步，所以dis[i][j]一定是越來越小的。
我們可以先處理出g[i][j]表示此時聰聰應該往哪走。
最後就按照期望的定義求就行了。dis[i][j]大的由dis[u][v]小的得到，記憶化一下就行了。
如果有需要的話，可以求出整張圖中任意點對的f[i][j]值，我之前也準備這麼寫，後來發現可以但沒必要。
所以vectora本來是要先求出近的點對的值，再求遠的點對的值，就這樣dp，後來就沒用了。。。
#include#define maxl 1010
using namespace std;
int n,m,cnt,cat,mouse;;
double ans;
int ehead[maxl],du[maxl];
int dis[maxl][maxl],g[maxl][maxl];
struct path
;vector a[maxl];
struct ehead
e[maxl*2];
double f[maxl][maxl];
struct node
};priority_queue,greater> q;
bool in[maxl];
inline void add(int u,int v)
inline void prework()
}inline void dijstra(int st)
); int u,v;node d;
while(!q.empty())
while(dis[st][d.ind]!=d.l);
u=d.ind;in[u]=true;
for(int i=ehead[u];i;i=e[i].nxt));}
} }for(int v=1;v<=n;v++)
); }
}inline double solve(int cat,int mouse)
f[cat][mouse]=ret;
return ret;
}inline void mainwork()
} for(int i=1;i<=n;i++) g[i][i]=i;
ans=solve(cat,mouse);
}inline void print()
int main()
BZOJ1415 Noi2005 聰聰和可可
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