最近新學了lct,又可以刷一堆水(keng)題了，真是開心啊
傳送門：
感覺還是很顯然吧，直接將這個(點)與(點+勁度係數)的點連線起來，
同時考慮建乙個空結點n+1(編號0不好處理，於是所有編號向上平移乙個單位)，意為所有的綿羊到這個地方就能夠被彈飛
如果連線的時候i+k<=n就連不然就和n+1連線起來
每一次詢問操作，setroot(x) access(n+1) splay(n+1),答案就是siz[n+1]-1
而每次進行修改勁度係數的時候，不只是光要連，還要將原來的邊刪掉。 就可以了(同時記得編號連線不大於n+1規定)
就這樣搞定了，開始痛苦地除錯罷！
cheer!
#include#define zig(x) zigzag(x,1)#define zag(x) zigzag(x,2)
using namespace std;
const int maxn=200005;
int n,m,rev[maxn],ls[maxn],rs[maxn],fa[maxn],jingdu[maxn],siz[maxn];
bool isroot(int x)
void putup(int x)
void zigzag(int x,int knd)
fa[x]=z; fa[y]=x;
if(knd==1)
else
putup(y); putup(x);
}void putdowm(int x)
int sta[maxn];
void splay(int x)
while(top) putdowm(sta[top--]);
while(!isroot(x))
else
else
}else
else
}} }
}void acc(int x)
}void setroot(int x)
void link(int a,int b)
void cut(int a,int b)
int getroot(int a)
int ans(int x)
void change(int x,int y)
int main()
scanf("%d",&m);
for(int i=1;i<=m;i++)
else
}}
hnoi2010 彈飛綿羊
題目描述很明確，現在的目標是均攤兩個操作的複雜度 現在我們已知有兩種方法 1.每次用o 1 的時間修改k值，用o n 的時間直接模擬回答詢問 2.每次修改了k值後用o n 的時間更新所有答案，o 1 時間回答 均攤這兩種操作，可以這樣做 由於只可以從前往後跳，所以可以把跳躍路徑壓縮，更新時把壓縮的部...
HNOI 2010 彈飛綿羊
要求維護乙個 n 個節點的森林，實現 m個詢問，其中包括 n 200,000m 100,000 動態樹的入門題。只需要實現ac cess 操作以及維護子樹大小si ze即可。其實我做這道題是為了找找寫動態樹的感覺，發現了不少要注意的細節。總結地說，越是基本的函式就越不能打錯，不然就要花好多的時間去查...
HNOI2010彈飛綿羊
話說我是冒著巨大的風險a這道題的 xc說不讓上其他oj 這題其實很簡單，每個點如果他能往後跳，那就只能跳到唯一的乙個，這顯然是跟森林，用lct就好，維護下size。突然變短 include include define fo i,a,b for int i a i b i define lc c x...