卡了半天原來是卡在預處理上了
以為n根號n的預處理不礙大事
後來發現可以用nlog來處理
當時沒想到。。
其實原理很簡單。。。
看了一眼別人的**
其他的都是自己推的
一道簡單的組合數加中檔莫比烏斯的題
其實莫比烏斯的本質就是容斥
#includeusing namespace std;
typedef long long ll;
const int n=3e5,m=1e9+7;
ll u[n+10],v[n+10],a[n+10],b[n+10],n,m,k,jc[n+10],inv[n+10],ff[n+10];
ll c(ll a,ll b,ll m)
ll quickmod(ll a,ll b,ll m)
return ans;
}ll f(ll x)
for(int i=1;i<=m;++i)
} for(int i=1;i<=m;++i)ff[i]=f(i);
for(int i=1;i<=m;++i)
printf("%lld",ans);
if(i!=m)printf(" ");
else printf("\n");
}}}
莫比烏斯反演 二 莫比烏斯反演定理
首先設兩個任意函式f x 和f x 定義運算 f x sum f d 這時就可以用f x 表示f x f 1 f 1 f 2 f 1 f 2 f 3 f 3 f 1 f 4 f 4 f 2 f 1 f 5 f 5 f 1 f 6 f 6 f 3 f 2 f 1 這時可以試著用f x 表示f x f ...
莫比烏斯反演
首先 莫比烏斯函式有個性質 d n d 1 n 1 0 n 1 證明 n 1時，不做多餘說明。n 1 根據唯一分解定理，可以分解n ki 1pai i 對於那些含平方因子也就是存在ai 不為1的數，它的函式值為0，對答案沒有任何貢獻。所以我們來看看那些是互異素數乘積的數，每乙個成為它約數的數是什麼樣...
莫比烏斯反演
定理 f n 和f n 是定義在非負整數集合上的兩個函式，並且滿足條件f n d nf d 那麼我們得到結論f n d n d f n d 在上面的公式中有乙個函式 d 它的定義如下 1 若d 1，那麼 d 1 2 若d p1 p2 p k 均為互異素數，那麼 d 1 k 3 其它情況下 d 0 對...